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一轮单元训练金卷·高三·化学卷（A） 第五单元 铝、铁及其化合物注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 S-32 Cl-35.5 Fe-56 Cu-64 一、选择题（每小题3分，共48分）1氧化还原反应在生产、生活中具有广泛的用途。下列做法中涉及铝元素的还原性的是A明矾净化水 B用氢氧化铝治疗胃酸过多C用铝制容器存放浓硫酸 D电解熔融氧化铝制单质铝2下列说法错误的是A铝箔在氯气中燃烧可制备无水三氯化铝B向硫酸铝溶液中滴加碳酸钠溶液：2Al33CO=Al2(CO3)3C用可溶性的铝盐和铁盐处理水中的悬浮物D氨气使AlCl3溶液产生白色沉淀3有关铁及其化合物的说法正确的是A将NaOH浓溶液滴加到饱和的FeCl3溶液中，制备Fe(OH)3胶体BFeCl3腐蚀Cu刻制印刷电路板，说明铁比铜金属性强C配制氯化铁溶液时，将氯化铁溶解在较浓的盐酸中再加水稀释DFe与Cl2反应生成FeCl3，推测Fe与I2反应生成FeI34坦克、导弹的制造材料主要是金属合金，钢铁便是其中十分重要的一种。下列关于铁的说法中正确的是A铁元素属于过渡元素，其原子序数为26B单质铁与浓硫酸在常温下不反应C铁单质只具有还原性，其阳离子只具有氧化性D与相同浓度的盐酸反应生成氢气的速率，纯铁比生铁的快5下列反应的离子方程式书写正确的是ACO2通入NaAlO2溶液中：AlOCO2H2O=Al(OH)3COBAl2O3与过量氨水：Al2O36NH3·H2O=2Al36NHC向AlCl3溶液中加入过量NaOH溶液：Al33OH=Al(OH)3D向AlCl3溶液中滴入过量的氨水：Al33NH3·H2O=Al(OH)33NH6下列各组物质，不能按 (“”表示反应一步完成)关系转化的是选项abcAAl2O3NaAlO2Al(OH)3BAlAl(OH)3Al2O3CAlCl3Al(OH)3NaAlO2DMgCl2Mg(OH)2MgO7(2018·昆山模拟)铁及其化合物是中学化学中的一类重要物质，下列关于铁元素的叙述中正确的是A保存FeCl2溶液常常加一些铁粉，其目的是抑制Fe2水解B25，pH0的溶液中，Al3、NH、NO、Fe2可以大量共存C制备AlCl3、FeCl3均可采用将溶液直接蒸干的方法D硫酸亚铁溶液中加入过氧化氢溶液：2Fe2H2O22H=2Fe32H2O8(2018届山西大学附中诊断)新型陶瓷AlN可通过反应：Al2O3N23C2AlN3CO合成。下列叙述正确的是A上述反应中，N2是还原剂，Al2O3是氧化剂BAlN中氮元素的化合价为3C上述反应中，每生成1 mol AlN需转移3 mol电子DAlN的摩尔质量为41 g9已知NHAlO2H2O=Al(OH)3NH3·H2O，向含有等物质的量的NH、Al3、H的混合溶液中，慢慢滴加NaOH溶液直至过量，并不断搅拌，发生以下离子反应：HOH=H2O Al(OH)3OH=AlO2H2OAl33OH=Al(OH)3 NHOH=NH3·H2O先后顺序正确的是A BC D10有一块铁的“氧化物”样品，用140 mL 5.0 mol·L1盐酸恰好将之完全溶解，所得溶液还能吸收0.025 mol Cl2，恰好使其中的Fe2全部转变为Fe3，则该样品可能的化学式为AFe5O7 BFe3O4 CFe4O5 DFe2O3 11(2018届陕西黄陵中学测试)下列图象正确的是 A B C D12甲、乙两烧杯中各盛有100 mL 3 mol·L1的盐酸和氢氧化钠溶液，向两烧杯中分别加入等质量的铝粉，反应结束后测得生成的气体体积之比为12，则加入的铝粉的质量为A5.4 g B3.6 g C2.7 g D1.8 g13(2018届湖北七校联考)FeCO3与砂糖混用可以作补血剂，实验室里制备FeCO3的流程如下图所示，下列说法不正确的是A产品FeCO3在空气中高温分解可得到纯净的FeOB沉淀过程中有CO2气体放出C过滤操作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒D可利用KSCN溶液检验FeSO4溶液是否变质14将一定量的铁粉加入一定浓度的稀硝酸中，金属恰好完全溶解，反应后溶液中存在：c(Fe2)c(Fe3)32，则参加反应的Fe和HNO3的物质的量之比为A11 B516 C23 D3215将等物质的量的金属Na、Mg、Al分别与100 mL 2 mol·L1的盐酸反应，实验测得生成气体的体积V(已折合为标准状况)与时间t的关系如图所示，则下列说法错误的是Ax2.24 B钠的物质的量为0.2 molC反应时，Na、Mg、Al均过量 D曲线b为Mg与盐酸反应的图象16(2018届山东泰安期中)足量铜与一定量浓硝酸反应，得到硝酸铜溶液和NO2、N2O4、NO的混合气体，这些气体与3.36 L O2(标准状况)混合后通入水中，所有气体完全被水吸收生成硝酸。若向所得硝酸铜溶液中加入5 mol·L1NaOH溶液至Cu2恰好完全沉淀，则消耗NaOH溶液的体积是A150 mL B120 mL C90 mL D60 mL二、非选择题（共52分）17铁是人类较早使用的金属之一。运用铁及其化合物的有关知识，回答下列问题：（1）铁和铁合金是生活中的常用材料，下列叙述中正确的是_A纯铁硬度比生铁高 B纯铁耐腐蚀性强，不易生锈 C不锈钢是铁合金，只含金属元素 D铁在一定条件下，可与水蒸气反应 E铁在冷的浓硫酸中钝化（2）向沸水中逐滴滴加1 mol·L1FeCl3溶液，至液体呈透明的红褐色，该反应的离子方程式为_，形成该分散系的微粒粒度范围是_。（3）电子工业需用30%的FeCl3溶液腐蚀敷在绝缘板上的铜，制造印刷电路板。请写出 FeCl3溶液与铜反应的离子方程式_。欲从腐蚀后的废液中回收铜并重新获得FeCl3溶液，现有下列试剂：氯气铁粉浓硝酸浓盐酸烧碱浓氨水，需要用到的一组试剂是 _。A B C D（4）高铁酸钠Na2FeO4 是一种新型净水剂。高铁酸钠主要通过如下反应制取：2Fe(OH)33NaClO4NaOH=2Na2FeO43X5H2O，则X的化学式为_。高铁酸钠在水中可以发生如下反应：4FeO10H2O4Fe(OH)38OH3O2。由此看来，高铁酸钠能够杀菌消毒是因为它具有_性，而能够除去水中悬浮物是因为_。下列物质能作净水剂的有_。AKAl(SO4)2·12H2O BFe(OH)(SO4)nCClO2 D“84”消毒液18某混合物甲中含有明矾KAl(SO4)2·12H2O、Al2O3和Fe2O3。在一定条件下由甲可实现下图所示的物质之间的转化。请回答下列问题：（1）写出A、B、D的化学式：A_，B_，D_。（2）试剂a最好选用_。ANaOH溶液 B稀盐酸 C二氧化碳 D氨水（3）写出反应的离子方程式：_。（4）固体E可以作为复合性的化学肥料，E中所含物质的化学式为_。19(2018届安徽淮南一模)从古至今，铁及其化合物在人类生产生活中的作用发生了巨大变化。（1）古代中国四大发明之一的司南是由天然磁石制成的，其主要成分是_(填字母序号)。aFe bFeO cFe3O4 dFe2O3（2）现代利用铁的氧化物循环裂解水制氢气的过程如下图所示。 整个过程与温度密切相关， 当温度低于 570 时，反应Fe3O4(s)4CO(g) 3Fe(s)4CO2(g)，阻碍循环反应的进行。已知：Fe3O4(s)CO(g) 3FeO(s)CO2(g)H119.3 kJ·mol13FeO(s)H2O(g) Fe3O4(s)H2(g)H257.2 kJ·mol1C(s)CO2(g) 2CO(g)H3172.4 kJ·mol1铁氧化物循环裂解水制氢气总反应的热化学方程式是_。下图表示其他条件一定时，Fe3O4(s)和CO(g)反应达平衡时CO(g)的体积百分含量随温度的变化关系。当温度低于570 时，温度降低CO的转化率_(填“增大”“减小”或“不变”)，理由是_。当温度高于570 时，随温度升高，反应Fe3O4(s)CO(g) 3FeO(s)CO2(g)平衡常数的变化趋势是_(填“增大”“减小”或“不变”)；1040 时，该反应的化学平衡常数的数值是_。（3）古老而神奇的蓝色染料普鲁士蓝的合成方法如下：牛血复分解反应的离子方程式是_。如今基于普鲁士蓝合成原理可检测食品中CN，方案如下：若试纸变蓝则证明食品中含有 CN，请解释检测时试纸变蓝的原因：_。（4）已知25 时，KspFe(OH)34.0×1039，此温度下若在实验室中配制100 mL 5 mol·L1 FeCl3溶液，为使配制过程中不出现浑浊现象，则至少需要加入2 mol·L1的盐酸_mL(忽略加入盐酸体积)。20（2018届河南鹤壁高中月考）氮化铝(AlN)是一种新型无机非金属材料。某AlN样品仅含有Al2O3杂质，为测定AlN的含量，设计如下三种实验方案(已知：AlNNaOHH2O=NaAlO2NH3)。【方案1】取一定量的样品，用以下装置测定样品中AlN的纯度(夹持装置已略去)。（1）上图C装置中球形干燥管的作用是_。（2）完成以下实验步骤：组装好实验装置，首先检查气密性，再加入实验药品，接下来的实验操作是_，打开分液漏斗活塞，加入NaOH浓溶液，至不再产生气体。打开K1，通入氮气一段时间，测定C装置反应前后的质量变化。通入氮气的目的是_。（3）由于装置存在缺陷，导致测定结果偏高，请提出改进意见：_。【方案2】用下图装置测定m g样品中AlN的纯度(部分夹持装置已略去)。（4）为测定生成气体的体积，量气装置中的X液体可以是_。ACCl4 BH2O CNH4Cl溶液 D苯（5）若m g样品完全反应，测得生成气体的体积为V mL(已转换为标准状况)，则AlN的质量分数是_。【方案3】按以下步骤测定样品中AlN的纯度：（6）步骤生成沉淀的离子方程式为_。（7）若在步骤中未洗涤，测定结果将_(填“偏高”“偏低”或“无影响”)。21(2018届山西太原五中段考)已知铁的化合物之间有如下转化关系：Fe2Fe3FeO(高铁酸根离子)请回答下列有关问题：（1）Fe与过量稀盐酸反应可以制取FeCl2。若用反应所得的酸性溶液，实现上述的转化，要求产物纯净，可选用的试剂是_(填序号)。aKMnO4bHNO3cH2O2（2）硫酸铁可用于电化浸出黄铜矿精矿工艺。精矿在阳极浸出的反应比较复杂，其中有一主要反应：CuFeS24Fe3=Cu25Fe22S(CuFeS2中S为2价)。则下列说法正确的是_(填序号)。a从物质分类的角度看，黄铜矿属于合金bCu2和S是氧化产物c当转移1 mol电子时，46 g CuFeS2参加反应d反应中，CuFeS2既作氧化剂又作还原剂（3）在FeCl3、CuCl2混合溶液中，加入一定量的铁屑，反应完全后将固体滤出。若滤出的固体中只有铜，则溶液中一定含有的阳离子是_，一定不含的阳离子是_。若滤出的固体中含有铁和铜，则溶液中一定不含的阳离子是_。（4）高铁酸钾(K2FeO4)是一种新型、高效的绿色水处理剂，和水发生水解反应生成Fe(OH)3胶体等物质，写出FeO 和H2O反应的离子方程式：_。高铁酸钾作为水处理剂发挥的作用是_、_(用简洁的名词描述即可)。一轮单元训练金卷·高三·化学卷（A） 第五单元 铝、铁及其化合物答 案一、选择题（每小题3分，共48分）1【答案】C【解析】A项，Al33H2OAl(OH)3(胶体)3H，Al(OH)3胶体吸附悬浮杂质而起到净化水的作用；B项，Al(OH)33HCl=AlCl33H2O；D项，电解时铝从化合物中被还原得到铝单质，表现出氧化性；C项，铝被浓硫酸氧化，表现出还原性。2【答案】B【解析】向硫酸铝溶液中滴加碳酸钠溶液，Al3和CO相互促进水解，离子方程式应为2Al33CO3H2O=2Al(OH)33CO2，C不正确。3【答案】C【解析】A项，制备Fe(OH)3胶体，应将饱和氯化铁溶液滴入沸水中，错误；B项，铁离子与铜反应生成铜离子和亚铁离子说明铜的还原性比亚铁离子的还原性强，无法证明金属性的强弱，错误；C项，在溶液中铁离子极易发生水解反应，产生难溶性的氢氧化铁，为了抑制铁离子的水解，应该先将氯化铁溶解在较浓的盐酸中，然后再加水稀释到相应的浓度，正确；D项，因I2的氧化性较弱，故与铁反应生成FeI2，错误。4【答案】A【解析】铁是26号元素，属于第族元素，为过渡元素，故A正确；常温下，铁和浓硫酸反应生成一层致密的氧化物薄膜而阻止进一步反应，但并不是铁和浓硫酸不反应，故B错误；亚铁离子既有还原性，也有氧化性，故C错误；纯铁和稀盐酸不能构成原电池，生铁中铁、碳、盐酸构成原电池，能加快反应速率，所以生铁反应速率比纯铁快，故D错误。5【答案】D【解析】A项电荷不守恒，质量不守恒；B项Al2O3不溶于氨水；C项中AlCl3与过量NaOH溶液反应生成的是NaAlO2而不是Al(OH)3沉淀。6【答案】B【解析】A、C、D三项中的转化关系分别为：，B项中Al不能经一步反应转化为Al(OH)3。7【答案】D【解析】保存FeCl2溶液常常加一些铁粉，其目的是防止Fe2被氧化，A不正确；pH0的溶液呈强酸性，Fe2、NO、H不能大量共存，B不正确；制备AlCl3、FeCl3若将其溶液直接蒸干，会得到Al(OH)3、Fe(OH)3，C不正确；D项正确。8【答案】C【解析】氮元素的化合价从0价降低到3价，N2是氧化剂，Al2O3既不是氧化剂，也不是还原剂，A错误；AlN中氮元素的化合价为3，B错误；AlN的摩尔质量为41 g·mol1，D错误。9【答案】A【解析】结合OH能力强的先反应，第一个反应为HOH=H2O；第二个反应为Al33OH-=Al(OH)3；AlO与NH能相互促进水解而生成Al(OH)3，故第三个反应为NHOH=NH3·H2O；最后一个反应为Al(OH)3OH=AlO2H2O。10【答案】A【解析】根据2Fe2Cl2=2Fe32Cl，可知铁的“氧化物”样品用盐酸溶解后所得溶液中n(Fe2)0.025 mol×20.05 mol，根据电荷守恒得2n(Fe2)3n(Fe3)n(Cl)，则n(Fe3)0.2 mol，故n(Fe2)n(Fe3)0.050.214，故该氧化物可表示为FeO·2Fe2O3，即Fe5O7。11【答案】B【解析】A项，Al3和H不反应，无Al(OH)3产生，故A错误；B项，Al33OH=Al(OH)3、Al(OH)3OH=AlO2H2O，图象符合，故B正确；C项，当沉淀量达到最大，生成nAl(OH)3n(Al3)1 mol，故C错误；D项，AlOHH2O=Al(OH)3，Al(OH)33H=Al33H2O，沉淀最大时，AlO完全消耗，故D错误。12【答案】A 【解析】由2Al6HCl=2AlCl33H2，2Al2NaOH2H2O=2NaAlO23H2可知，两份等质量的Al都完全反应时，生成H2的量相等，消耗HCl与NaOH的量不相等。题中已知HCl、NaOH的物质的量均为0.3 mol，且生成H2的体积之比为12，所以实际发生反应时的情况分别为HCl的量不足，Al过量；NaOH过量，Al的量不足。由生成H2的体积之比为12可知，反应的Al的量之比也为12，即与0.3 mol盐酸完全反应的Al为2.7 g，与NaOH溶液反应的Al为5.4 g。13【答案】A【解析】FeCO3在空气中高温分解，Fe2可能被空气中氧气氧化成Fe3，故A错误；Fe2和HCO发生双水解反应，生成CO2，故B正确；过滤所用玻璃仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒，故C正确；KSCN溶液遇Fe3显血红色，因此可用KSCN溶液检验FeSO4溶液是否变质，故D正确。14【答案】B【解析】由c(Fe2)c(Fe3)32可知，该溶液中n(Fe2)n(Fe3)32，设亚铁离子的物质的量为3x mol，则铁离子的物质的量为2x mol，起酸性作用的硝酸的物质的量3x mol×22x mol×312x mol；设作氧化剂的硝酸根离子的物质的量为y mol，根据得失电子守恒有3x mol×22x mol×33y mol，y4x，所以参加反应的硝酸的物质的量12x mol4x mol16x mol，则参加反应的Fe和HNO3的物质的量之比为(5x mol)(16x mol)516，故选B。15【答案】C【解析】由图象可以看出，生成气体的体积相等，则盐酸完全反应，x2.24，A正确；根据生成的H2为2.24 L，可知Na失去0.2 mol电子，则钠的物质的量为0.2 mol，B正确；反应时如果钠过量，则钠会与水反应，生成的气体必多于2.24 L，故C错误；根据反应速率可知曲线a、b、c依次是Na、Mg、Al与盐酸反应的图象，D正确。16【答案】B【解析】由于N2O4可以看作2分子NO2，我们可以直接将它当作NO2进行计算。通过题目得知所有的气体均被水吸收生成硝酸，我们可以写出如下的化学方程式：NONO2O2H2O=2HNO3。标准状况下，3.36 L氧气是0.15 mol，因此通过比例可知，NO和NO2的物质的量各自是0.075 mol。铜和硝酸反应有两种情况：Cu4HNO3=Cu(NO3)22NO22H2O、3Cu8HNO3=3Cu(NO3)22NO4H2O。通过NO和NO2的物质的量可以分别算出两个反应中铜的物质的量分别是0.075 mol和0.225 mol，总共是0.3 mol，则完全沉淀需要的氢氧根是0.6mol，因此需要的氢氧化钠溶液的体积是120 mL。二、非选择题（共52分）17【答案】（1）BDE （2）Fe33H2OFe(OH)3(胶体)3H1100 nm（3）2Fe3Cu=2Fe2Cu2A（4）NaCl氧化生成Fe(OH)3在水中形成胶体能够吸附水中悬浮杂质ABC【解析】（1）纯铁硬度比生铁低，A错误；纯铁耐腐蚀性强，不易生锈，B正确；不锈钢是铁合金，含Fe、Mn等金属元素，也含有C、Si等非金属元素，C错误；铁在一定条件下，可与水蒸气反应产生四氧化三铁和氢气，D正确；铁在室温下遇浓硝酸、浓硫酸，在金属表面会被氧化产生一薄层致密的氧化物保护膜，而阻止了金属的进一步反应，因此Fe在冷的浓硫酸中钝化，E正确。（2）向沸水中逐滴滴加1 mol·L1FeCl3溶液，至液体呈透明的红褐色，这时发生Fe3的水解反应，产生氢氧化铁胶体和盐酸，该反应的离子方程式为2Fe33H2O2Fe(OH)3(胶体)3H；形成该分散系属于胶体，分散质的微粒粒度范围是1 nm100 nm之间；（3）电子工业需用30%的FeCl3溶液腐蚀敷在绝缘板上的铜，制造印刷电路板。则FeCl3溶液与铜反应的离子方程式是2Fe3Cu=2Fe2Cu2；若从腐蚀后的废液中回收铜并重新获得FeCl3溶液，提供的试剂有：氯气铁粉浓硝酸浓盐酸烧碱浓氨水，则应该首先向溶液中加入过量的Fe粉，发生反应得到纯净的FeCl2溶液，把过量的Fe和置换出的Cu过滤出来，向滤渣中加入盐酸使Fe发生反应得到FeCl2溶液，再过滤除去Cu，把两次的滤液合并，再向其中通入过量的氯气就得到了FeCl3溶液，所以选项A符合题意，而其余选项都会引入杂质离子，不符合题意，错误；（4）根据原子守恒可得X的化学式是NaCl；根据方程式可知高铁酸钠能够杀菌消毒是因为它可以得到电子，具有强的氧化性，而能够除去水中悬浮物是因为反应后产生的还原产物Fe(OH)3在水中形成胶体，表面积大，有强的吸附能力，吸附水中悬浮的杂质使之形成沉淀而除去；KAl(SO4)2·12H2O电离产生的Al3会发生水解反应产生Al(OH)3胶体，因此有净水作用，A正确；Fe(OH)(SO4)n会形成Fe(OH)3胶体，因此有净水作用，B正确；ClO2有强氧化性，可以杀菌消毒，危害也小，因此可以处理水，C正确；“84”消毒液有杀菌消毒作用，但是碱性太强，气味太浓，不适宜水的净化，D错误。18【答案】（1）AlAl2O3O2（2）D（3）AlO2H2OCO2=Al(OH)3HCO（4）K2SO4、(NH4)2SO4【解析】根据已知信息中甲的成分，可推断B为氧化铝，因此反应是通过电解Al2O3而得到D(氧气)和A(单质铝)。甲加入水得到明矾溶液，溶液中含有Al3、K和SO，甲加入水得到氧化铝、氧化铁的混合物，再加入氢氧化钠溶液，则氧化铝溶解，再通入二氧化碳可以得到氢氧化铝沉淀。试剂a应该为氨水，如果加入的试剂a是氢氧化钠溶液，则其加入的量不易控制，由此可推知E为硫酸钾、硫酸铵的混合物。19【答案】（1）c（2）C(s)H2O(g)=H2(g)CO(g)H134.5 kJ·mol1增大当温度低于570 时，可逆反应Fe3O44CO(g) 3Fe(s)4CO2(g)平衡正向移动，故CO的转化率增大增大4（3）3Fe(CN)644Fe3=Fe4Fe(CN)63碱性条件下，Fe2与 CN结合生成Fe(CN)64，Fe2被空气中的O2 氧化生成 Fe3，Fe(CN)64 与 Fe3反应生成普鲁士蓝使试纸变蓝（4）2.5【解析】（2）由图象可知，当温度低于570 时，温度降低，CO的体积百分含量降低，故CO的转化率增大；由题意可知，当温度低于570 时，可逆反应Fe3O4(s)4CO(g) 3Fe(s)4CO2(g)平衡正向移动，故CO的转化率增大。当温度高于570 时，随温度升高，CO的体积百分含量降低，即反应Fe3O4(s)CO(g) 3FeO(s)CO2(g)平衡正向移动，则平衡常数增大。1040 时CO体积分数为20%。设CO起始浓度为1 mol·L1，消耗CO浓度为x。 Fe3O4(s)CO(g) 3FeO(s)CO2(g)10xx1x x20%，x0.8 mol·L1，K4。（3）碱性条件下，Fe2与CN结合生成Fe(CN)64；Fe2被空气中的O2氧化生成Fe3；Fe(CN)64与Fe3反应生成普鲁士蓝使试纸变蓝。（4）若不出现浑浊现象，则c(Fe3)×c3(OH) KspFe(OH)3，代入有关数据后可求出c(OH)2×1013 mol·L1，c(H)0.05 mol·L1，则加入盐酸的体积至少为0.0025 L2.5 mL。20【答案】（1）防倒吸（2）关闭K1，打开K2 把装置中残留的氨气全部赶入C装置中被吸收（3）C装置出口处连接一个干燥装置 （4）AD（5）×100% （6）CO2AlO2H2O=HCOAl(OH)3（7）偏高【解析】（2）通入氮气的目的是把装置中残留的氨气全部赶入C装置，准确测定装置C增重的质量。（3）该装置存在的缺陷是空气中的水蒸气也可以进入装置C，使测定结果偏高，需要在C装置出口处连接一个盛碱石灰的干燥装置。（4）依据氨气极易溶于水的性质分析，CCl4不能溶解氨气，可以用排四氯化碳的方法测定氨气体积，A项正确；氨气极易溶于水，不能用排水法测定氨气体积，B项错误；氨气极易溶于水，不能用排NH4Cl溶液的方法测定氨气体积，C项错误；氨气不溶于苯，可以利用排苯的方法测定氨气体积，D项正确。答案选AD。（5）若m g样品完全反应，测得生成气体的体积为V mL(已转换为标准状况)。AlNNaOHH2O=NaAlO2NH341 g22.4 L mV×103 Lm(AlN) g，则AlN的质量分数×100%。（6）步骤生成的沉淀是氢氧化铝，由偏铝酸钠溶液中通入过量二氧化碳气体反应生成，反应的离子方程式为CO2AlO2H2O=HCOAl(OH)3。（7）沉淀不洗涤得到的滤渣质量会增大，测定结果会偏高。21【答案】（1）c（2）c（3）Fe2Fe3Fe3、Cu2（4）4FeO10H2O4Fe(OH)3(胶体)8OH3O2杀菌净水【解析】（3 ）向FeCl3、CuCl2混合溶液中加入一定量的铁屑，对应的反应为2FeCl3Fe=3FeCl2，CuCl2Fe=FeCl2Cu。若剩余的固体为铜，则反应后的溶液中含有的阳离子一定有Fe2，一定不含Fe3，但不一定含有Cu2；若剩余的固体为铁和铜的混合物，则反应后的溶液中的阳离子只有Fe2，一定不含 Fe3、Cu2。（4）高铁酸钾(K2FeO4)中Fe的化合价是6价，具有强氧化性，能杀菌消毒，其还原产物Fe3水解生成氢氧化铁胶体，能吸附水中杂质，所以高铁酸钾作为水处理剂发挥的作用是净水、消毒。