微机原理作业参考答案-新.ppt
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1、第一章,P21第3题 填空:,(1)(1234)10,= (4D2)16,= (100 1101 0010)2,(2)(34.6875)10 = (10 0010.1011)2 = (22.B)16,(3)(271.33)10 = (1 0000 1111.0101 01)2 = (10F.54)16,(4)(1010 1100 1001)2 = (2761)10 = (AC9)16,(5)(1AB.E)16= (427.875)10 = (1 1010 1011.111)2,(6)(1010 1010.0111)2 = (170.4375)10 = (AA.7)16,P21第4题 已知X=3
2、6,Y=136,Z=1250, 请写出X、Y、Z的16位原码、反码和补码, X 原 = (0000 0000 0010 0100)2, X 反 = (0000 0000 0010 0100)2, X 补 = (0000 0000 0010 0100)2, Y 原 = (1000 0000 1000 1000)2, Y 反 = (1111 1111 0111 0111)2, Y 补 = (1111 1111 0111 1000)2, Z 原 = (1000 0100 1110 0010)2, Z 反 = (1111 1011 0001 1101)2, Z 补 = (1111 1011 0001
3、1110)2,P22第5题 已知 X 补=0101 0101B, Y 补= 1010 1010B, Z 补=1000 1111 1111 1111B, 求X、Y、Z及X+Y、YZ的十进制为多少?,X = 85,Y = 86,Z = 28673,X+Y = 0101 0101B + 1010 1010B=1111 1111B=1,解:YZ运算时Y需要扩展符号位,YZ = 1111 1111 1010 1010B 1000 1111 1111 1111B = 1111 1111 1010 1010B + 0111 0000 0000 0001B = 0110 1111 1010 1011B = 2
4、8587,P22第6题 用8位补码进行下列运算,并说明运算 结果的进位和溢出:(1) 33+114 (2) 33114 (3) (33)+114 (4) (33) 114,解: (1) 33 补= 0010 0001 114 补= 0111 0010,0010 0001 + 0111 0010 1001 0011,次高位有进位,最 高位无进位,溢出,(2) 33 补= 0010 0001 114 补= 1000 1110,0010 0001 + 1000 1110 1010 1111,次高位无进位,最 高位无进位,无溢出 运算结果:81,解: (3)33 补= 1101 1111 114 补=
5、 0111 0010,1101 1111 + 0111 0010 10101 0001,次高位有进位,最 高位有进位,无溢出 运算结果:+81,(4) 33 补= 0010 0001 114 补= 1000 1110,1101 1111 + 1000 1110 10110 1101,次高位无进位,最 高位有进位,有溢出,P22第7题 将下列十进制数表示为8421BCD码: (1) 8609 (2) 5254 (3) 2730 (4) 2998,解: (1) (1000 0110 0000 1001)BCB,(2) (0101 0010 0101 0100 )BCB,(3) (0010 0111
6、 0011 0000 )BCB,(4) (0010 1001 1001 1000 )BCB,P22第8题 将下列8421BCD码表示为十进制数 和二进制数: (1) 0111 1001 (2) 0010 1000 0101 (3) 0110 0000 0111 (4) 0101 1001 0000,解: (1) 79,0100 1111B,(2) 285,0001 0001 1101B,(3) 607,0010 0101 1111B,(4) 590,0010 0100 1110B,第二章,P47第5题 求出下列运算后各个标志位的状态,并说明 进位标志和溢出标志的区别 (1)1278H+3469
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