独家精品学案与测评物理人教版牛顿运动定律.ppt
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1、第三章,牛顿运动定律,第1节,牛顿第一定律 牛顿第三定律,例1.关于牛顿第一定律的下列说法中,正确的是( ) A. 牛顿第一定律是实验定律 B. 牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因 C. 惯性定律与惯性的实质是相同的 D. 物体的运动不需要力来维持 【点拨】正确理解牛顿第一定律是解答此题的关键.,【解析】牛顿第一定律是物体在理想条件下的运动规律,反映的是物体在不受力的情况下所遵循的运动规律,而自然界中不受力的物体是不存在的,故A错误惯性是物体保持原有运动状态不变的一种性质,惯性定律(即牛顿第一定律)则反映物体在一定条件下的运动规律,显然C错误由牛顿第一定律可知,物体的运动不需要力来维持
2、,但要改变物体的运动状态则必须有力的作用.故答案为BD. 【答案】BD,1.下列关于惯性的说法中正确的是 ( ) . 物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性 . 物体只有受外力作用时才有惯性 . 物体的运动速度大时惯性大 . 物体在任何情况下都有惯性,【解析】惯性是物体的固有属性,一切物体都具有惯性,且与物体的运动状态及受力情况无关,故只有正确. 【答案】D,例2.甲乙两队拔河比赛,甲队胜,若不计绳子的质量,下列说法正确的是 ( ) A. 因甲队胜而乙队负,所以甲队拉绳子的力大于乙队拉绳子的力 B. 只有在两队相持不动时,两队拉力才大小相等 C. 不管什么情况,两队的拉力大小总是相等 D. 甲
3、队获胜的原因是甲队受到地面的最大静摩擦力大于乙队受到地面的最大静摩擦力 【点拨】(1)甲和绳子、乙和绳子间的力均为作用力和反作用力. (2)绳子的质量不计,其张力处处相等.,解析:由于绳的质量不计,甲拉绳与乙拉绳的力大小相等,这种关系与它们的运动状态无关,任何情况下都相等,故选项C对;若取甲、乙两队和绳子所组成的系统为研究对象,在水平方向受到地面对两队的静摩擦力,甲队获胜,则甲队受地面的最大静摩擦力大于乙队受地面的最大静摩擦力,而使乙队被拉动故选项D对 答案:CD,2. 物体静止在斜面上,以下几种分析中正确的是 ( ) A. 物体受到的静摩擦力的反作用力是重力沿斜面的分力 B. 物体所受重力沿
4、垂直于斜面的分力就是物体对斜面的压力 C. 物体所受重力的反作用力就是斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力 D. 物体受到的支持力的反作用力,就是物体对斜面的压力 【解析】物体受到的静摩擦力的反作用力是物体对斜面的静摩擦力,故A错误物体对斜面的压力在数值上等于物体所受重力沿垂直于斜面的分力,故B错误物体所受的重力的反作用力是物体对地球的吸引力,故C错误故正确选项为D. 【答案】D,例.关于力和运动的关系,下列说法中正确的是 ( ) A. 物体的速度不断增大,表示物体必受力的作用 B. 物体的位移不断增大,表示物体必受力的作用 C. 物体朝什么方向运动,则这个方向上物体必受力的作用 D. 物
5、体的速度大小不变,则其所受的合力必为零 【错解】ABCD 【剖析】该题错解的主要原因是对基本概念理解不深刻,且受日常错误观念影响,误认为只有有力作用在物体上时物体才会运动,撤去外力物体就要停下来.实际上力是改变物体运动状态的原因,不是维持物体运动的原因,运动状态的改变即速度的改变.而速度的改变包括大小和方向两个方面,速度的大小不变而方向改变,也是运动状态改变了,说明一定有外力作用. 【正解】A,第2节 牛顿第二定律,例1.(2010福州检测)如图所示,小车内固定着三角硬杆,杆的端点固定着一个质量为m的小球当小车水平向右的加速度逐渐增大时,杆对小球的作用力的变化(用F1至F4变化表示)可能是下图
6、中的(OO沿杆方向) ( ),【点拨】根据牛顿第二定律的瞬时性和独立性分析球受杆作用力的两个分力. 【解析】对小球进行受力分析,小球受重力和杆对小球的弹力,弹力在竖直方向的分力和重力平衡,小球在水平方向的分力提供加速度,故C正确. 【答案】C,1. 如图所示,自由下落的小球下落一段时间后,与弹簧接触,从它接触弹簧开始,到弹簧压缩到最短的过程中,小球的速度、加速度的变化情况如何?,【解析】小球接触弹簧后受两个力,向下的重力mg和向上的弹力kx.如图(a)所示,刚开始时kxmg,合力向上,由于加速度的方向和速度方向相反,小球做加速度增大的减速运动,因此速度减小到零弹簧被压缩到最短,如图(c)所示.
7、,例2.如图所示,质量为m的小球被水平绳AO和与竖直方向成角的轻弹簧系着处于静止状态,现用火将绳AO烧断,在绳AO烧断的瞬间,下列说法正确的是 ( ) A. 弹簧的拉力F=mg/cos B. 弹簧的拉力F=mgsin C. 小球的加速度为零 D. 小球的加速度a=gsin ,【解析】烧断OA之前,小球受三个力,如图所示.烧断细绳的瞬间,绳子的张力没有了,但由于轻弹簧的形变的恢复需要时间,故弹簧的弹力不变,故A正确,B错误.烧断后小球所受的合外力为F合=mgtan ,故加速度a=gtan .故C、D均错误. 【答案】A,2. 如图所示,物体A、B用轻弹簧相连,mB=2mA, A、B与地面间的动摩
8、擦因数相同均为,在力F作用下,物体系统做匀速运动,在力F撤去的瞬间,A的加速度为,B的加速度为(以原来的方向为正方向),【解析】撤去力F前对A有FT-mAg=0,撤去力F后对B有FT+mBg=mBa,解得a=3/2g,方向向左;撤去力F前后A的受力未变,加速度仍为0. 【答案】0 -3/2g,例3.(2009江苏)航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器,其质量m=2 kg,动力系统提供的恒定升力F=28 N.试飞时飞行器从地面由静止开始竖直上升.设飞行器飞行时所受的阻力大小不变,g取10 m/s2.求: (1)第一次试飞,飞行器飞行t1=8 s 时到达高度H=64 m.求飞行器所受阻力f的大小. (
9、2)第二次试飞,飞行器飞行t2=6 s 时遥控器出现故障,飞行器立即失去升力,求飞行器能达到的最大高度h. (3)为了使飞行器不致坠落到地面,求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3 .,【解析】(1)第一次飞行中,设加速度为a1, 匀加速运动H=1/2a1t21, 由牛顿第二定律F-mg-Ff=ma1, 解得Ff=4 N. (2)第二次飞行中,设失去升力时的速度为v1,上升的高度为x1,匀加速运动x1=1/2a1t22, 设失去升力后的加速度为a2,上升的高度为x2,由牛顿第二定律mg+Ff=ma2,v1=a1t2,x2=v21/2a2由以上各式可解得 h=x1+x2=36 m+6 m=4
10、2 m. (3)设失去升力下降阶段加速度为a3,恢复升力后加速度为a4,恢复升力时速度为v3,由牛顿第二定律mg-Ff=ma3, F+Ff-mg=ma4,且v23/2a3+v23/2a4=h,v3=a3t3,由以上各式可解得t3=3(2)1/2 s(或2.1 s).,3. 如图所示,物体的质量m=4 kg,与水平地面间的动摩擦因数为=0.2,在倾角为37,F=10 N的恒力作用下,由静止开始加速运动,当t=5 s时撤去F,求: (1)物体做加速运动时的加速度a. (2)撤去F后,物体还能滑行多长时间?滑行多远? (g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8),【解析】(1)
11、撤去力F前,对物体进行受力分析,如图甲所示. 则:F合=Fcos -(mg-Fsin ). 由牛顿第二定律得: a=F合m=Fcos -(mg-Fsin )m =1.24m/s2=0.3 m/s2, vt=at=0.35 m/s=1.5 m/s.,(2)撤去力F后,物体受力如图乙所示 则:F合=Ff=mg 由牛顿第二定律得 a=F合m=g=0.210 m/s2=2 m/s2, 可得x=v2t/2a=1.52/22 m=0.56 m. t=vt/a=1.5/2 s=0.75 s.,例.如图所示,木块A、B用一轻弹簧相连,竖直放在木块C上,三者静置于地面,它们的质量之比是123,设所有接触面都光滑
12、,当沿水平方向迅速抽出木块C的瞬时A和B的加速度分别是aA= ,aB= .,【错解】抽出C的瞬间,AB的运动情况相同加速度均为g.,【剖析】由于所有接触面均光滑,因此迅速抽出C时,A、B在水平面上均无加速度也无运动.设A的质量为m,则由于抽出C的操作是瞬时的,因此弹簧还没有来得及发生形变,其弹力大小为mg,根据牛顿第二定律的瞬时效应,对A、B两物体分别分析. 对A有F-mg=maA,可得aA=0. 对B有F+2mg=2maB,可得aB=3g/2. 【答案】0 3g/2,第3节,牛顿运动定律的综合应用,例1.(19分)一质量为m=40 kg的小孩在电梯内的体重计上,电梯从t=0时刻由静止开始上升
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