2018届高考生物大一轮复习大题集训遗传与变异20170729121.doc
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1、高考大题集训(二)遗传与变异 (40分钟100分)1.(12分)(2017衡水模拟)菜豌豆荚果的革质膜性状有大块革质膜、小块革质膜、无革质膜三种类型,为研究该性状的遗传(不考虑交叉互换),进行了下列实验:世纪金榜导学号77982393实验一:亲本组合大块革质膜品种(甲)无革质膜品种(乙)F1大块革质膜品种(丙)F2大块革质膜小块革质膜无革质膜=961实验二:亲本组合品种(丙)品种(乙)子代表现型及比例大块革质膜小块革质膜无革质膜=121(1)根据实验一结果推测:革质膜性状受_对等位基因控制,其遗传遵循_定律,F2中小块革质膜植株的基因型有_种。(2)实验二的目的是_。(3)若实验一多次杂交产生
2、的F1中偶然出现了一株无革质膜的菜豌豆,其自交产生的F2中大块革质膜小块革质膜无革质膜=9649,推测F1中出现该表现型的原因最可能是_。若要验证该推测,将F1植株经植物组织培养技术培养成大量幼苗,待成熟期与表现型为无革质膜的正常植株杂交,若子代中大块革质膜小块革质膜无革质膜的比例为_,则推测成立。【解析】(1)根据实验一结果推测革质膜性状受2对等位基因控制,并且其遗传遵循基因的自由组合定律,推知F2中小块革质膜植株的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb共4种。(2)实验二相当于测交实验,测交实验的目的是验证实验一中F1(品种丙)产生的配子类型及比例。(3)若实验一多次杂交产生的F1
3、中偶然出现了一株无革质膜的菜豌豆,其自交产生的F2中大块革质膜小块革质膜无革质膜=9649,由9+6+49=64可以推测,该性状的遗传涉及了3对等位基因,由此推测F1中出现该表现型的原因最可能是F1另外一对隐性纯合基因之一出现了显性突变,基因型可以表示为AaBbCc,C基因将抑制革质膜基因的表达。若要验证该推测,将F1植株经植物组织培养技术培养成大量幼苗(基因型为AaBbCc),待成熟期与表现型为无革质膜的正常植株(基因型为aabbcc)杂交,子代中大块革质膜(A_B_cc)=1/21/21/2=1/8,小块革质膜(A_bbcc和aaB_cc)=1/21/21/2+1/21/21/2=1/4,
4、无革质膜的比例为5/8。所以若子代中大块革质膜小块革质膜无革质膜=125,则推测成立。答案:(1)2基因的自由组合4(2)验证实验一中F1(品种丙)产生的配子类型及比例(3)F1另外一对隐性纯合基因之一出现了显性突变,该突变基因将抑制革质膜基因的表达1252.(12分)(2017南昌模拟)在含四种游离的脱氧核苷酸、酶和ATP的条件下,分别以不同生物的DNA(双链)为模板,合成子代DNA。分析回答:世纪金榜导学号77982394(1)分别以不同生物的DNA为模板合成的子代DNA之间,(A+C)与(T+G)的比值_(填“相同”或“不相同”),原因是_。(2)分别以不同生物的DNA为模板合成的子代D
5、NA之间存在差异的主要原因是_。(3)在一个新合成的DNA中,(A+T)与(C + G)的比值,与它的模板DNA任一单链的_(填“相同”或“不相同”)。(4)有人提出:“吃猪肉后人体内就可能出现猪的DNA”,你是否赞成这种观点。_(填“赞成”或“不赞成”),试从DNA合成的角度简要说明理由:_。【解析】(1)在双链DNA中,A=T,G=C,因此双链DNA分子中A+C=T+G,因此(A+C)与(T+G)的比值恒等于1。(2)以不同生物的DNA为模板合成的子代DNA之间存在差异的主要原因是碱基的数目、比例和排列顺序不同。(3)双链DNA分子中,Al=T2、Tl=A2、Cl=G2、Gl=C2,因此双
6、链DNA分子中,每一条链上的(A+T)与(C+G)的比值相同。(4)不赞成。因为DNA进入人体消化系统后,会被消化为脱氧核苷酸,不可能以原DNA形式进入人体细胞,更不可能整合到人体内。答案:(1)相同所有DNA双链中,A与T的数目相同,C与G的数目相同(2)碱基的数目、比例和排列顺序不同(3)相同(4)不赞成因为DNA进入人体后被消化为脱氧核苷酸被细胞吸收,作为合成DNA的原料,而人体内DNA分子的序列取决于人体本身的DNA模板3.(12分)某植物的花色受2对等位基因(A和a、B和b)控制,A对a是显性、B对b是显性,且A存在时,B不表达。相关合成途径如图所示。花瓣中含红色物质的花为红花,含橙
7、色物质的花为橙花,含白色物质的花为白花。据图回答问题:世纪金榜导学号77982395(1)红花的基因型有_种;橙花的基因型是_。(2)现有白花植株和纯合的红花植株若干,为探究上述2对基因在染色体上的位置关系,实验设计思路是:选取基因型为_的白花植株与基因型为_的红花植株杂交,得到F1,让F1自交得到F2,若后代表现型及比例为_,则A和a与B和b分别位于两对同源染色体上。(3)据图分析,基因与性状的关系是_和_。【解析】(1)由题图可知,红花的基因中一定有基因A,因此红花的基因型共有6种(AABB、AABb、AAbb、AaBB、AaBb、Aabb)。橙花表达的条件是含有基因B,然而基因A存在时,
8、B不表达,所以橙花的基因型是aaBb、aaBB。(2)为探究基因A和基因B在染色体上的位置关系,应该选择基因型为aabb的白花植株,和纯合的基因型为AABB的红花植株杂交,得到的F1是基因型为AaBb的红花,若F1自交得到的F2的比例是红花橙花白花=1231,则A和a与B和b分别位于两对同源染色体上。(3)据图分析,基因A和B分别通过酶1和酶2的催化作用进行表达,由此可知,基因通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物体的性状;基因A和B的存在与否,决定了三种花色,说明基因与性状并不都是简单的线性关系。答案:(1)6aaBB、aaBb(2)aabbAABB红花橙花白花=1231(3)基因通过
9、控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物体的性状两(多)对基因控制一种性状(基因与性状并不都是简单的线性关系)4.(12分)(2017佛山模拟)已知鸡蛋壳的青色和白色性状分别由常染色体上的一对等位基因(G、g)控制,青色为显性;鸡羽的芦花性状由Z染色体上的显性基因B控制,非芦花性状由Z染色体上的隐性基因b控制。现用非芦花公鸡(甲)和产白壳蛋的芦花母鸡(乙)进行相关实验,分析回答下列问题:世纪金榜导学号77982396(1)将甲乙共同养殖,若杂交后代(F1)出现了产青壳蛋和产白壳蛋两种类型的母鸡,则甲的基因型为_,理论上F1中产青壳蛋母鸡的比例为_。(2)若要获得纯合的产青壳蛋母鸡,首先应选择F
10、1中基因型为_的个体与亲代中的_(填“甲”或“乙”)共同养殖,得到回交后代(BC1)。如何进一步从BC1中选出纯合的产青蛋壳母鸡呢?接下来的实验思路是_。【解析】由题意可知,鸡蛋壳的青色和白色性状分别由常染色体上的一对等位基因(G、g)控制,青色为显性;鸡羽的芦花性状由Z染色体上的显性基因B控制,非芦花性状由Z染色体上的隐性基因b控制。因此父本非芦花公鸡(甲)的基因型为_ _ZbZb,母本产白壳蛋的芦花母鸡(乙)的基因型为ggZBW。 (1)将甲乙共同养殖,若杂交后代(F1)出现了产青壳蛋和产白壳蛋两种类型的母鸡,即说明后代出现了性状分离现象,父本应为杂合子,因此父本的基因型为GgZbZb。子
11、代F1中控制鸡蛋壳颜色的基因型为Gg和gg,控制鸡羽的芦花性状的基因型为ZBZb和ZbW,则理论上F1中产青壳蛋母鸡的比例为1/21/2=1/4。(2)由题可知,子代F1中控制鸡蛋壳颜色的基因型有Gg和gg,若与亲代中的乙共同养殖,BC1的基因型有Gg和gg;若与亲代中的甲共同养殖,BC1的基因型有Gg、gg和GG。因此若要获得纯合的产青壳蛋母鸡,应选择子代F1中基因型为GgZbW与亲本中的甲(GgZbZb)共同养殖。为进一步挑选出纯合产青壳蛋的母鸡,可以选择BC1中产青壳蛋的母鸡,与甲(或F1中的公鸡)共同养殖,若后代中全部母鸡都产青壳蛋,则该母鸡符合要求。答案:(1)GgZbZb1/4(2
12、)GgZbW甲选择BC1中产青壳蛋的母鸡,与甲(或F1中的公鸡)共同养殖,若后代中全部母鸡都产青壳蛋,则该母鸡符合要求5.(12分)鼠的毛色有多种颜色。分析回答下列问题:(1)甲种鼠的一个自然种群中,体色有三种:黄色、灰色、青色。受两对能独立遗传并具有完全显隐性关系的等位基因(A和a,B和b)控制,如下图所示:纯合aa的个体由于缺乏酶1使黄色素在体内积累过多而导致50%的胚胎死亡。分析可知:黄色鼠的基因型有_种;两只青色鼠交配,后代只有黄色和青色,且比例为16,则这两只青色鼠亲本个体基因型可能是_。让多只基因型为AaBb的成鼠自由交配,则后代个体表现型比例为黄色青色灰色=_。(2)乙种鼠的一个
13、自然种群中,体色有褐色和黑色两种,由一对等位基因控制。若要通过杂交实验探究褐色和黑色的显隐性关系,操作最简单的方法是_。已知褐色为显性,若要通过一次杂交实验探究控制体色的基因在X染色体上还是常染色体上,应该选择的杂交组合是_。【解析】(1)由题图可知,黄色鼠的基因型为aaBB、aaBb或aabb,青色鼠的基因型为A_B_,灰色鼠的基因型为A_bb;由于两只青色鼠交配的后代只有黄色和青色,所以两只青色鼠亲本个体基因型可能均为AaBB或一只为AaBB,另一只为AaBb,后代中黄色和青色的理论比例是13,但是由于纯合aa的个体会导致50%的胚胎死亡,所以两只青色鼠交配的后代中黄色与青色的实际比例为1
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