江苏专版2020版高考生物一轮复习课时跟踪检测十七基因的自由组合定律分析与常规题型含解析201905.wps
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1、基因的自由组合定律分析与常规题型 一、选择题 1两对基因(Aa和 Bb)位于非同源染色体上,基因型为 AaBb的植株与某植株杂交,后 代的性状分离比为 3131,则该未知植株的基因型为( ) AAaBB BAabb或 aaBb CaaBb DAabb 解 析:选 B 根据题意,就每对相对性状而言,一对为杂合子自交结果,一对属于测交, 因此有两种情况,B 选项符合题意。 2以抗螟非糯性水稻(GGHH)与不抗螟糯性水稻(gghh)为亲本杂交得 F1,F1自交得 F2, F2的性状分离比为 9331,则 F1中两对等位基因在染色体上的位置关系是( ) 解析:选 C F2代出现 9331 的性状分离比
2、是 F1产生配子时,等位基因分离和非 等位基因自由组合的结果。A 选项 F1自交的结果是 31,B 和 D 选项两对等位基因的位置不 正确。 3(2019扬州学测模拟)玉米子粒黄色(Y)对白色(y)为显性,糯性(B)对非糯性(b)为 显性。亲本为纯种的黄色非糯性和纯种的白色糯性杂交,F2中不同于亲本表现型的个体所占 比值为( ) A3/16 B6/16 C9/16 D10/16 解析:选 D 亲本的基因型为 YYbb、yyBB,F2中不同于亲本表现型的个体基因型是 Y_B_、yybb,占 F2的比例为 9/161/1610/16。 4基因型为 AaBB 与 AaBb的两株植物杂交,按自由组合定
3、律遗传,推测子代表现型和 基因型各有( ) A4 种、8 种 B2 种、4 种 C2 种、6 种 D4 种、9 种 解 析:选 C 根据题意分析:AaAa1AA、2Aa、1aa,后代表现型有 2 种,基因型有 3 种;BbBBBB、Bb,后代表现型有 1 种,基因型有 2 种。综合考虑两对基因,后代基因型 有 326 种,表现型有 212 种。 5若某哺乳动物毛色由 3 对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定,其中,A 基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B 基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素;D 基 因的表达产物能完全抑制 A 基因的表达;相应的隐性等位基因 a、b、d 的表达产物没有
4、上述 1 功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表现型出现 了黄褐黑5239 的数量比,则杂交亲本的组合是( ) AAABBDDaaBBdd,或 AAbbDDaabbdd BaaBBDDaabbdd,或 AAbbDDaaBBDD CaabbDDaabbdd,或 AAbbDDaabbdd DAAbbDDaaBBdd,或 AABBDDaabbdd 解 析:选 D F2中毛色表现型出现了黄褐黑5239 的数量比,总数为 64,故 F1 中应有 3 对等位基因,且遵循自由组合定律,由此对各项进行逐项分析即可得出答案。A 项, AABBDDaaBBdd 的 F1中只有
5、 2 对等位基因,AAbbDDaabbdd 的 F1中也只有 2 对等位基因; B 项,aaBBDDaabbdd 的 F1中只有 2 对等位基因,AAbbDDaaBBDD 的 F1中也只有 2 对等位 基 因;C 项,aabbDDaabbdd 的 F1中只有 1 对等位基因,且 F1、F2都是黄色,AAbbDDaabbdd 的 F1中只有 2 对等位基因。A、B、C 中的亲本组合都不符合。D 项,AAbbDDaaBBdd 或 AABBDDaabbdd 的 F1中含有 3 对等位基因,F1均为黄色,F2中毛色表现型会出现黄褐 黑5239 的数量比,符合要求。 6下列叙述正确的是( ) A孟德尔定
6、律支持融合遗传的观点 B孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中 C按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有 16 种 D按照孟德尔定律,对 AaBbCc 个体进行测交,测交子代基因型有 8 种 解析:选 D 孟德尔定律的前提是遗传因子独立存在,不相互融合;孟德尔定律描述的 过程发生在减数分裂中;按照孟德尔定律,AaBbCcDd 个体自交,子代基因型有 3333 81 种;按照孟德尔定律,对 AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有 2228 种。 7下图为一对近亲结婚的青年夫妇的遗传分析图,其中白化病由基因 a 控制,色盲由 基因 b 控制(不考虑基因突变)。下列有关叙述错误的是
7、( ) AD 细胞为次级精母细胞,其中含有两个 B 基因 BF 细胞和 G 细胞含有的相同致病基因可能来自家族中的同一祖先 CE 细胞和 G 细胞结合发育成的个体表现型为正常女性 D这对夫妇所生子女中,患一种病的概率为 7/16 2 解析:选 D D 细胞为次级精母细胞,丈夫的基因型为 AaXBY,妻子的基因型为 AaXBXb, 白化色盲后代的基因型为 aaXbY,故 F 细胞含 Y 染色体,D 细胞含有 X 染色体,有两个 B 基 因;F 细胞含有的 a 基因和 G 细胞含有的 a 基因可能来自家族中的同一祖先;E 细胞含 AXB, G 细胞含 aXb,结合发育成的个体基因型为 AaXBXb
8、,表现型为正常女性;这对夫妇所生子女 中,患白化病的概率为 1/4,患色盲的概率为 1/4,患一种病的概率为 1/43/41/43/4 3/8。 8(2019盐城学测模拟)某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病 (t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因分别位于三对同源染色体上, 非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子,基因型分别为 AATTdd、AAttDD、AAttdd、aattdd,则下列说法错误的是( ) A若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,可用和、和、和杂交,观察 F1 的花粉 B若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律
9、,可以观察和杂交所得 F1的花粉 C若培育糯性抗病优良品种,应选用和亲本杂交 D将和杂交后所得的 F1的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,一半花粉为蓝色, 一半花粉为棕色 解析:选 B 根据题意分析可知:花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,由于只有中含有 DD 基因,所以若采用花粉形状鉴定法验证基因的分离定律,可选择亲本AAttDD 与其他亲 本进行杂交产生含有 Dd的子代,对子代的花粉进行鉴定;非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花 粉遇碘液变棕色,由于只有中含有 aa基因,所以若采用花粉颜色鉴定法验证基因的分离 定律,可选择亲本aattdd 与其他亲本进行杂交,产生 Aa 的子代,对子代的花粉进行碘液
10、 染色观察。采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,需要得到 AaDd的子代,故可选择 和杂交。若培育糯性抗病(aaTT)优良品种,应选用和亲本杂交得到 F1AaTtdd,然后 让 F1杂交获得糯性抗病的个体,并通过连续自交来筛选稳定遗传的优良品种。将和杂 交后所得的 F1 (AattDd)的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,一半花粉(基因型为 A)为蓝 色,一半花粉(基因型为 a)为棕色。 9某种小鼠的体色受常染色体基因的控制,现用一对纯合灰鼠杂交,F1都是黑鼠,F1 中的雌雄个体相互交配,F2体色表现为 9 黑6 灰1 白。下列叙述正确的是( ) A小鼠体色遗传遵循基因自由组合定律 B若 F1
11、与白鼠杂交,后代表现为 2 黑1 灰1 白 CF2灰鼠中能稳定遗传的个体占 1/2 DF2黑鼠有两种基因型 解析:选 A 根据 F2性状分离比可判断该种小鼠的体色基因的遗传遵循自由组合定律; F1(AaBb)与 白 鼠 (aabb)杂 交 , 后 代 中 AaBb(黑 )Aabb(灰 )aaBb(灰 )aabb(白 ) 3 1111;F2灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占 1/3;F2黑鼠(A_B_)有 4 种基因型。 10现有四个纯种果蝇品系,其中品系的性状均为显性,品系均只有一 种性状是隐性,其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的 染色体如下表所示: 品系 隐
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