2010年高考数学分类讨论思想复习.ppt
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1、1.分类与整合思想是指当问题所给的对象不能进行统 一研究时,就需要对研究对象按某个标准进行分类, 然后对每一类分别研究得出每一类的结论,最后综 合各类结果得到整体问题的解答.实质上,分类与 整合是“化整为零,各个击破,再积零为整”的数 学解题策略. 2.分类原则是分类的对象确定,标准统一;不重 复,不遗漏;分层次,不越级讨论;归纳总结,整合 完善.,学案3 分类讨论思想,1.从平面外一点P引与平面 相交的直线,使得P与交 点A的距离等于1,则满足条件的直线条数一定不可 能是 ( ) A.0条 B.1条 C.2条 D.无数条 解析 设点P到平面 的距离为d,则d=1时,恰有一 条;d1时,不存在
2、;0d1时,有无数条.,C,2.函数f(x)= 若f(a)=1,则实数a的 所有可能值组成的集合为 ( ) A.1 B.1,- C.- D.1, 解析 因为当-1a0时,sina2=1, 当a0时,ea-1=1,所以a-1=0,即a=1. 综上可知,实数a的所有可能值组成的集合为1, ,B,3.已知集合A=x|(m+2)x2+2mx+10,B= xR,则使 成立的实数m的取值范围是( ) A.-2,2) B.(-2,2 C.-2,2 D.-2,-1)(-1,2) 解析 因为B= xR=y|y0, 令f(x)=(m+2)x2+2mx+1,又f(0)=1, 所以函数f(x)的图象恒过定点(0,1)
3、,要使 , 则必满足 解之得-2m-1或-1m2或m=-2, 所以m的取值范围是-2m2.,A,4.过三棱柱任意两顶点的直线共15条,其中异面 直线有 ( ) A.18对 B.24对 C.30对 D.36对 解析 因为侧棱的条数为3,且和每一条侧棱异面的直 线条数为4;侧面对角线条数为6,且和每一条侧面对 角线异面的直线有5条;两底面边的条数为6,且和每 一条边异面的直线有5条,又知直线异面是相互的, 所以异面直线共有 (34+65+65)=36对.,D,题型一 由数学概念引起的分类讨论 【例1】设00,且a1,比较|loga(1-x)|与 |loga(1+x)|的大小. 解 因为01,则00
4、,loga(1+x)0, 即|loga(1-x)|loga(1+x)|. 当a1时,由loga(1-x)0,所以|loga(1-x)|-|loga(1+x)| =-loga(1-x)-loga(1+x) =-loga(1-x2)0, 即|loga(1-x)|loga(1+x)|. 由可知,|loga(1-x)|loga(1+x)|. 【探究拓展】在解答该类问题时,首先从概念出发判 断出绝对值内的数(或式子)的符号,然后再去掉绝 对值符号(这时需按条件进行分类讨论确定),再按照 相关的法则去计算,直至得出结论.,变式训练1 已知函数 , 满足f(c2)= (1)求常数c的值; (2)解不等式f(
5、x) 解 (1)因为0c1,所以c2c, 由f(c2)= ,即c3+1= , 所以c= .,(2)由(1)得 ,题型二 由运算引起的分类讨论 【例2】已知函数 (1)求f(x)的值域; (2)设函数g(x)=ax-2,x-2,2,若对于任意x1 -2,2,总存在x0,使得g(x0)=f(x1)成立,求实数a 的取值范围.,解 (1)当x-2,-1)时,f(x)=x + 在-2,-1) 上是增函数, 此时f(x) ,-2.,(2)当a=0时,g(x)=-2,对于任意x1-2,2, 不存在x0 -2,2,使得g(x0)=f(x1)成立; 当a0时,g(x)=ax-2在-2,2上是增函数, g(x)
6、-2a-2,2a-2,任给x1-2,2, 若存在x0-2,2,使得g(x0)=f(x1)成立, 则,当a0时,g(x)=ax-2在-2,2上是减函数, g(x)2a-2,-2a-2, 同理可得 综上,实数a的取值范围是,【探究拓展】在解答该类问题时,应根据函数g(x) 中所含的参数a的取值情况进行讨论,得到函数的单 调性,从而得出该函数在给定区间上的值域,再依据 题意建立不等式组进行求解,得到a的取值范围.,变式训练2 已知函数f(x)=ex-e-x. (1)证明:函数f(x)的导数f (x)2; (2)若对所有x0都有f(x)ax,求实数a的取值范围. (1)证明 因为函数f(x)的导数f
7、(x)=ex+e-x, 又ex+e-x (当且仅当x=0时,等号成 立),所以f (x)2. (2)解 令g(x)=f(x)-ax, 则g (x)=f (x)-a=ex+e-x-a;,若a2,当x0时,g(x)=ex+e-x-a2-a0,所 以函数g(x)在区间(0,+)上为增函数,则x0时, g(x)g(0)=0,即f(x)ax. 若a2,方程g(x)=0的一个正根为 此时,若x(0,x1),则g(x)0, 故函数g(x)在区间(0,x1)上为减函数, 所以x(0,x1)时,g(x)g(0)=0, 即f(x)ax,与题设f(x)ax相矛盾. 综上可知,满足条件的实数a的取值范围是(-,2.,
8、题型三 由定理、公式等引起的分类 【例3】 设等比数列an的公比为q,前n项和Sn0 (n=1,2,). (1)求q的取值范围; (2)设bn=an+2- an+1,记bn的前n项和为Tn, 试比较Sn与Tn的大小. 解 (1)因为an是等比数列,Sn0, 可得a1=S10,q0, 当q=1时,Sn=na10;,上式等价于 或 解式得q1; 解式,由于n可为奇数,可为偶数, 故-1q1,q0. 综上,q的取值范围是(-1,0)(0,+).,又因为Sn0,且-10, 所以当-12时,Tn-Sn0, 即TnSn; 当 q2且q0时,Tn-Sn0,即TnSn; 当q= 或q=2时,Tn-Sn=0,即
9、Tn=Sn.,【探究拓展】等差、等比数列的通项、前n项的和是 数列的基础,那么在研究一个数列的通项时,对n=1 与n2要分别予以研究,而涉及等比数列或用错位 相减法求解时,要对公比q是否为1进行分类讨论.,变式训练3 已知在等比数列an中,a1=1,Sn是其前n 项的和,且ak+1,ak+3,ak+2 (kN)成等差数列. (1)求数列an的公比; (2)试判断Sk+1,Sk+3,Sk+2 (kN)是否也构成 等差数列,说明理由. 解 (1)设等比数列an的公比为q, 则ak+1=a1qk,ak+3=a1qk+2,ak+2=a1qk+1. 依题意得2qk+2=qk+qk+1,由于qk0, 所以
10、2q2-q-1=0,解得q=1或q= . (2) 当q=1时,Sk+1=(k+1)a1=k+1,Sk+3=k+3,Sk+2=k+2, 显然Sk+1+Sk+2=k+1+k+2=2k+32Sk+3 , 故Sk+1,Sk+3,Sk+2不能构成等差数列;, 所以Sk+1,Sk+3,Sk+2能构成等差数列. 综上所述:当q=1时,Sk+1,Sk+3,Sk+2不能构成等差数列; 当q= 时,Sk+1,Sk+3,Sk+2能构成等差数列.,题型四 由参数变化引起的分类讨论 【例4】已知mR,求函数f(x)=(4-3m)x2-2x+m在区 间0,1上的最大值. 解 (1)当4-3m=0时,即m= 时, 函数y=
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- 2010 年高 数学 分类 讨论 思想 复习
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