2019物理金版大一轮精练:第5章 第2讲动能动能定理 Word版含解析.pdf
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1、第 2 讲 动能 动能定理 课时作业 (本栏目内容,在学生用书中以独立形式分册装订!) 基础巩固练 1(多选) 光滑水平面上静止的物体,受到一个水平拉力作用开始运动,拉力 F 随时间 t 变化的图 象如图所示,用 Ek、v、x、P 分别表示物体的动能、速度、位移和拉力 F 的功率,下列四 个图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况,其中正确的是( ) 解析: 由于拉力 F 恒定,所以物体有恒定的加速度 a,则 vat,即 v 与 t 成正比, 选项 B 正确;由 PFvFat 可知,P 与 t 成正比,选项 D 正确;由 x at2可知 x 与 t2成 1 2 正比,选项 C 错误;由动能
2、定理可知 EkFx Fat2,Ek与 t2成正比,选项 A 错误。 1 2 答案: BD 2(2018南通市二次调研)某同学用如图所示的装置测量一个凹形木块的质量 m,弹簧 的左端固定, 木块在水平面上紧靠弹簧(不连接)将其压缩, 记下木块右端位置 A 点, 释放后, 木块右端恰能运动到 B1点。在木块槽中加入一个质量 m0200 g 的砝码,再将木块左端紧 靠弹簧, 木块右端位置仍然在 A 点, 释放后木块离开弹簧, 右端恰能运动到 B2点。 测得 AB1、 AB2长分别为 36.0 cm 和 12.0 cm,则木块的质量 m 为( ) A100 g B200 g C300 g D400 g
3、 解析: 两次木块均由同一位置释放,故弹簧恢复原长的过程中,弹簧所做的功相同, 未加砝码时, 由动能定理, 可得 W弹mgAB10, 加上砝码 m0时, 有 W弹(mm0)gAB2 0,解得 m100 g,选项 A 正确。 答案: A 3如图所示,小物块从倾角为 的倾斜轨道上 A 点由静止释放滑下,最终停在水平轨 道上的 B 点,小物块与水平轨道、倾斜轨道之间的动摩擦因数均相同,A、B 两点的连线与 水平方向的夹角为 ,不计物块在轨道转折时的机械能损失,则动摩擦因数大小为( ) Atan Btan Ctan() Dtan() 解析: 如图所示,设 B、O 间距为 x1,A 点离水平面的高度为
4、h,A、O 间的水平距 离为 x2, 物块的质量为 m, 在物块下滑的全过程中, 应用动能定理可得 : mghmgcos mgx10,解得:tan ,故 B 正确。 x2 cos h x1x2 答案: B 4(2018济宁模拟)如图所示的竖直轨道,其圆形部分半径分别是 R 和 ,质量为 m 的 R 2 小球通过这段轨道时,在 A 点时刚好对轨道无压力,在 B 点时对轨道的压力为 mg。则小球 由 A 点运动到 B 点的过程中摩擦力对小球做的功为( ) AmgR B mgR 9 8 C mgR D mgR 5 4 4 3 解析: 在 A 处对小球由牛顿第二定律 mgm,vA,在 B 处对小球由牛
5、顿第 v2 A R gR 二定律得 mgFNm,又 FNmg,解得 vB,小球由 A 到 B 的过程由动能定理得 v2 B R 2 gR mg(2R2 )Wf mv mv ,解得 WfmgR,故 A 正确。 R 2 1 2 2 B 1 2 2 A 答案: A 5如图甲所示,长为 4 m 的水平轨道 AB 与半径为 R0.6 m 的竖直半圆弧轨道 BC 在 B 处相连接,有一质量为 1 kg 的滑块(大小不计),从 A 处由静止开始受水平向右的力 F 作用,F 的大小随位移变化的关系如图乙所示, 滑块与 AB 间的动摩擦因数为 0.25, 与 BC 间的动 摩擦因数未知,g 取 10 m/s2,
6、求: (1)滑块到达 B 处时的速度大小; (2)滑块在水平轨道 AB 上运动前 2 m 过程所用的时间; (3)若到达 B 点时撤去力 F,滑块沿半圆弧轨道内侧上滑,并恰好能到达最高点 C,则 滑块在半圆弧轨道上克服摩擦力所做的功是多少? 解析: (1)对滑块从 A 到 B 的过程,由动能定理得 F1x1F3x3mgx mv ,代入数 1 2 2 B 值得 vB2 m/s。10 (2)在前 2 m 内,有 F1mgma,且 x1 at ,解得 t1 s。 1 2 2 1 8 35 (3)当滑块恰好能到达最高点 C 时,应有 mgm,对滑块从 B 到 C 的过程,由动能定 v2 C R 理得
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