2020版广西高考物理人教版一轮复习考点规范练:8 牛顿第二定律 两类动力学问题 Word版含解析.pdf
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1、考点规范练考点规范练 8 牛顿第二定律牛顿第二定律 两类动力学问 题 两类动力学问 题 考点规范练第考点规范练第 14 页页 一、单项选择题 1. 如图所示,弹簧一端固定在天花板上,另一端连一质量 m0=2 kg 的秤盘,盘内放一个质量 m=1 kg 的物 体,秤盘在竖直向下的拉力 F=30 N 作用下保持静止,当突然撤去拉力 F 的瞬时,物体对秤盘的压力大 小为(g取 10 m/s2)( ) A.10 NB.15 N C.20 ND.40 N 答案 C 2. 如图所示,将质量为 m0的 U 形框架开口向下置于水平地面上,用轻弹簧 1、2、3 将质量为 m 的小球 悬挂起来。框架和小球都静止时
2、弹簧 1 竖直,弹簧 2、3 水平且长度恰好等于弹簧原长,这时框架对地 面的压力大小等于(m0+m)g。现将弹簧 1 从最上端剪断,则在剪断后瞬间( ) A.框架对地面的压力大小仍为(m0+m)g B.框架对地面的压力大小为 0 C.小球的加速度为 0 D.小球的加速度大小等于 g 答案 D 3.(2018天津实验中学期中)在探究超重和失重规律时,某体重为 G 的同学站在一压力传感器上完成 一次下蹲动作。传感器和计算机相连,经计算机处理后得到压力 F 随时间 t 变化的图像,则下列图像 可能正确的是( ) 答案 D 解析对人的运动过程分析可知,人在加速下蹲的过程中,有向下的加速度,处于失重状态
3、,此时人对传 感器的压力小于人的重力的大小;在减速下蹲的过程中,加速度方向向上,处于超重状态,此时人对传 感器的压力大于人的重力的大小,故 A、B、C 错误,D 正确。 4.(2018广东深圳中学月考)如图所示,质量为 1.5 kg 的物体 A 静止在竖直固定的轻弹簧上,质量为 0.5 kg的物体 B由细线悬挂在天花板上,B 与 A 刚好接触但不挤压。现突然将细线剪断,则剪断细线瞬间 A、B 间的作用力大小为(g 取 10 m/s2)( ) A.0B.2.5 N C.5 ND.3.75 N 答案 D 解析剪断细线前,只有 A对弹簧有作用力,所以剪断细线前弹簧的弹力 F弹=mAg=15N,将细线
4、剪断的 瞬间,根据牛顿第二定律可得(mA+mB)g-F弹=(mA+mB)a,解得 a=2.5m/s2,隔离 B,则有 mBg-FN=mBa,代入 数据解得 FN=mBg-mBa=3.75N,D 正确。 二、多项选择题 5.由牛顿第二定律可知,无论怎样小的力都可以使物体产生加速度,可是当我们用一个很小的水平力 去推很重的桌子时,却推不动它,这是因为( ) A.牛顿第二定律不适用于静止物体 B.有加速度产生,但数值很小,不易觉察 C.静摩擦力等于水平推力,所以桌子静止不动 D.桌子所受合力为零,加速度为零,所以静止不动 答案 CD 解析用很小的力来推桌子,这个力小于最大静摩擦力,合力是零,根据牛顿
5、第二定律,加速度等于零,所 以静止不动,即牛顿第二定律适用于静止物体,A、B 错误,D 正确;桌子受力平衡,水平方向上静摩擦力 等于水平推力大小,C 正确。 6. 如图所示,A、B 两物块质量分别为 2m、m,用一轻弹簧相连,将 A 用长度适当的轻绳悬挂于天花板上, 系统处于静止状态,B 物块恰好与水平桌面接触而没有挤压,此时轻弹簧的伸长量为 x。现将悬绳剪 断,则下列说法正确的是( ) A.悬绳剪断后,A 物块向下运动 2x 时速度最大 B.悬绳剪断后,A物块向下运动 3x 时速度最大 C.悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为 2g D.悬绳剪断瞬间,A 物块的加速度大小为 g 3 2 答案
6、BD 解析剪断悬绳前,对物块 B受力分析,物块 B 受到重力和弹簧的弹力,可知弹力 F=mg。悬绳剪断瞬间, 对物块 A 分析,物块 A 的合力为 F合=2mg+F=3mg,根据牛顿第二定律,得 a= g,故 C 错误,D 正确。弹 3 2 簧开始处于伸长状态,弹力 F=mg=kx;物块 A 向下压缩,当 2mg=F=kx时,速度最大,即 x=2x,所以 A 下 降的距离为 3x,故 B 正确,A 错误。 7.(2018河北保定期中)右图是汽车运送圆柱形工件的示意图,图中 P、Q、N 是固定在车体上的压力 传感器,假设圆柱形工件表面光滑,汽车静止不动时 Q 传感器示数为零,P、N 传感器示数不
7、为零。在 汽车向左匀加速启动过程中,P 传感器示数为零,而 Q、N 传感器示数不为零。已知 sin 15=0.26,cos 15=0.97,tan 15=0.27,g 取 10 m/s2。则汽车向左匀加速启动的加速度可能为( ) A.2.5 m/s2B.3 m/s2 C.2 m/s2D.4 m/s2 答案 BD 解析在汽车向左匀加速启动过程中,P传感器示数为零而 Q、N 传感器示数不为零,受力分析如图所 示,则 FQ+mg=FNcos15,F合=FNsin15=ma, 解得 a=tan15=m/s2=m/s22.7m/s2,故可能的 + ( 0.27 + 10 0.27) (0.27 + 2.
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