2018年秋东方思维高三物理第一轮复习课时跟踪练:第十一章第二讲变压器电能的输送 Word版含解析.pdf
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1、第十一章第十一章 交流电交流电 传感器传感器 第二讲第二讲 变压器变压器 电能的输送电能的输送 课时跟踪练课时跟踪练 A 组 基础巩固组 基础巩固 1 (2015江苏卷江苏卷)一电器中的变压器可视为理想变压器, 它将一电器中的变压器可视为理想变压器, 它将 220 V 交变电流改为交变电流改为 110 V,已知变压器原线圈匝数为,已知变压器原线圈匝数为 800,则副线圈匝 数为 ,则副线圈匝 数为( ) A200 B400 C1 600 D3 200 解析:解析:根据变压器的变压规律,可求副线圈匝数为根据变压器的变压规律,可求副线圈匝数为 400, U U1 1 U U2 2 n n1 1 n
2、 n2 2 所以选项所以选项 B 正确正确 答案:答案:B 2.(2015广东卷广东卷)如图为气流加热装置的示意图,使用电阻丝加热 导气管, 视变压器为理想变压器, 原线圈接入电压有效值恒定的交流 电并保持匝数不变, 调节触头 如图为气流加热装置的示意图,使用电阻丝加热 导气管, 视变压器为理想变压器, 原线圈接入电压有效值恒定的交流 电并保持匝数不变, 调节触头P, 使输出电压有效值由, 使输出电压有效值由220 V 降至降至110 V调节前后调节前后( ) A副线圈中的电流比为副线圈中的电流比为 12 B副线圈输出功率比为副线圈输出功率比为 21 C副线圈的接入匝数比为副线圈的接入匝数比为
3、 21 D原线圈输入功率比为原线圈输入功率比为 12 解析 :解析 : 通过调节触头通过调节触头 P,使输出电压有效值由,使输出电压有效值由 220 V 降至降至 110 V, 输出电压减少为原来的一半,根据欧姆定律 , 输出电压减少为原来的一半,根据欧姆定律 I ,在电阻不变时, ,在电阻不变时, U U R R 调节前后副线圈输出电流之比为调节前后副线圈输出电流之比为I2前 前 I2后 后 U2前 前 U2后 后 21, 选项, 选项A 错误;根据理想变压器原理错误;根据理想变压器原理 U1U2n1n2,在原线圈电压和匝数 不变的情况下, 副线圈接入匝数也应该变为原来的一半, 接入匝数比
4、,在原线圈电压和匝数 不变的情况下, 副线圈接入匝数也应该变为原来的一半, 接入匝数比 n2 前 前 n2 后 后 U2 前 前 U2 后 后 21,选项,选项 C 正确;根据功率正确;根据功率 PUI,得 到调节前后副线圈输出功率之比 ,得 到调节前后副线圈输出功率之比 P2 前 前 P2 后 后 U2 前 前I2 前前 U2 后 后I2 后后 41,选项,选项 B 错误;原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率,所 以原线圈的输入功率之比 错误;原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率,所 以原线圈的输入功率之比P1前 前 P1后 后 P2前 前 P2后 后 41, 选项, 选项D错误错误 答案:
5、答案:C 3(多选多选)在远距离输电时,输送的电功率为在远距离输电时,输送的电功率为 P,输电电压为,输电电压为 U, 所用导线电阻率为 , 所用导线电阻率为 ,横截面积为,横截面积为 S,总长度为,总长度为 l,输电线损失的电 功率为 ,输电线损失的电 功率为 P, 用户得到的电功率为, 用户得到的电功率为 P用 用, 则下列关系式中正确的是 , 则下列关系式中正确的是( ) AP BP U2 2S S l l P P2 2l l U U2 2S S CP用 用 P DP用 用 P U U2 2S S l l(1 1 Pl U2 2S S) 解析:解析:输电线电阻输电线电阻 R ,输电电流,
6、输电电流 I ,故输电线上损失的 ,故输电线上损失的 l l S S P P U U 电功率为电功率为 PI2R,用户得到的电功率为,用户得到的电功率为 P用 用 P ( P U) 2 2 l l S S P P2 2l l U U2 2S S PP,故选项,故选项 B、D 正确正确 (1 1 Pl U2 2S S) 答案:答案:BD 4(2018九江模拟九江模拟)如图所示,半径为如图所示,半径为 L1 m 的金属圆环,其的金属圆环,其 半径半径Oa是铜棒, 两者电阻均不计且接触良好 今让是铜棒, 两者电阻均不计且接触良好 今让Oa以圆心以圆心O为轴, 以角速度 为轴, 以角速度 10 rad
7、/s 匀速转动,圆环处于垂直于环面、磁感应强度 为 匀速转动,圆环处于垂直于环面、磁感应强度 为 B2 T 的匀强磁场中从圆心的匀强磁场中从圆心 O 引出导线,从圆环上接出导线, 并接到匝数比为 引出导线,从圆环上接出导线, 并接到匝数比为 n1n214 的理想变压器原线圈两端则接在副 线圈两端的理想电压表的示数为 的理想变压器原线圈两端则接在副 线圈两端的理想电压表的示数为( ) A40 V B20 V C80 V D0 解析 :解析 : 由于由于 Oa 以圆心以圆心 O 为轴,以角速度为轴,以角速度 10 rad/s 匀速转动, 产生恒定的感应电动势, 变压器铁芯中磁通量不变, 接在副线圈
8、两端 的理想电压表的示数为 匀速转动, 产生恒定的感应电动势, 变压器铁芯中磁通量不变, 接在副线圈两端 的理想电压表的示数为 0,选项,选项 D 正确正确 答案:答案:D 5远距离输电线路的示意图如图所示若发电机的输电电压不 变,则下列叙述中正确的是 远距离输电线路的示意图如图所示若发电机的输电电压不 变,则下列叙述中正确的是( ) A升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无 关 升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无 关 B输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定 C当用户用电器的总电阻减小时,输电线上损
9、失的功率增大当用户用电器的总电阻减小时,输电线上损失的功率增大 D升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压 解析:解析:变压器中电流、功率由副线圈决定,故变压器中电流、功率由副线圈决定,故 A、B 错误;当用 户用电器的总电阻减小时, 导致电流增大, 输电线上损失的功率增大, 故 错误;当用 户用电器的总电阻减小时, 导致电流增大, 输电线上损失的功率增大, 故 C 正确;由于输电线上有电压损失,故正确;由于输电线上有电压损失,故 D 错误错误 答案:答案:C 6(2018潍坊模拟潍坊模拟)如图甲所示为一自耦变压器,变压器的原线 圈 如图甲所示为
10、一自耦变压器,变压器的原线 圈 AB 端输入电压如图乙所示,副线圈电路中定值电阻端输入电压如图乙所示,副线圈电路中定值电阻 R011 , 电容器 , 电容器 C 的击穿电压为的击穿电压为 22 V, 移动滑片, 移动滑片 P 使电容器刚好不会被击穿, 所有电表均为理想电表,下列说法正确的是 使电容器刚好不会被击穿, 所有电表均为理想电表,下列说法正确的是( ) A电压表的示数为电压表的示数为 220 V B原、副线圈的匝数比为原、副线圈的匝数比为 101 C电流表的示数等于通过电阻电流表的示数等于通过电阻 R0的电流的电流 D原线圈原线圈 AB 端输入电压的变化规律为端输入电压的变化规律为 u
11、311sin t (V) 解析 :解析 : 由题图乙知电压的有效值即电压表的示数为由题图乙知电压的有效值即电压表的示数为220 V, 选项, 选项A 正确;电容器的耐压值为交流最大值,有效值为正确;电容器的耐压值为交流最大值,有效值为 V11 V,所,所 2 22 2 2 2 2 2 以原、副线圈的匝数比为以原、副线圈的匝数比为 101,选项,选项 B 错误;电容器通交流电,错误;电容器通交流电,2 2 所以电流表的示数大于通过电阻所以电流表的示数大于通过电阻 R0的电流,选项的电流,选项 C 错误;由题图乙 知交流电的周期为 错误;由题图乙 知交流电的周期为 0.02 s,所以角速度为,所以
12、角速度为 100 rad/s,原线圈,原线圈 AB 端 输入电压的变化规律为 端 输入电压的变化规律为 u311sin 100t (V),选项,选项 D 错误错误 答案:答案:A 7(2018咸阳模拟咸阳模拟)如图所示,一理想变压器原线圈输入正弦式 交流电,交流电的频率为 如图所示,一理想变压器原线圈输入正弦式 交流电,交流电的频率为 50 Hz,电压表示数为,电压表示数为 11 000 V,灯泡,灯泡 L1 与与 L2的电阻相等,原线圈与副线圈的匝数比为的电阻相等,原线圈与副线圈的匝数比为 n1n2501,电压 表和电流表均为理想电表,则 ,电压 表和电流表均为理想电表,则( ) A原线圈输
13、入的交流电的表达式为原线圈输入的交流电的表达式为 u11 000sin 50t (V) B开关开关 K 未闭合时,灯泡未闭合时,灯泡 L1的两端的电压为的两端的电压为 220 V C开关开关 K 闭合后电流表的示数为通过灯泡闭合后电流表的示数为通过灯泡 L1中电流的中电流的1 1 2 2 D开关开关 K 闭合后原线圈输入功率增大为原来的闭合后原线圈输入功率增大为原来的 倍倍2 2 解析:解析:原线圈的电压最大值原线圈的电压最大值 Um11 000 V,角速度,角速度2f2 2 100 rad/s,所以原线圈输入的交流电的表达式为,所以原线圈输入的交流电的表达式为 u11 000sin 2 2
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