2020年高考物理一轮复习热点题型归纳与变式演练专题15动量与动量定理含解析20191018378.pdf
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1、第 1 页 共 16 页 1 专题 15 动量与动量定理专题 15 动量与动量定理 【专题导航】【专题导航】 目录 热点题型一 对动量定理的理解和基本应用1热点题型一 对动量定理的理解和基本应用1 热点题型二 动量定理的综合应用热点题型二 动量定理的综合应用 3 1应用动量定理解释的两类物理现象 3 2. 应用动量定理解决两类问题 4 (1)应用动量定理解决微粒类问题 4 (2)应用动量定理解决流体类问题 5 热点题型三 动量定理在多过程问题中的应用热点题型三 动量定理在多过程问题中的应用 .7 【题型演练】【题型演练】 .9 【题型归纳】【题型归纳】 热点题型一 对动量定理的理解和基本应用热
2、点题型一 对动量定理的理解和基本应用 1对动量定理的理解 (1)动量定理不仅适用于恒定的力,也适用于随时间变化的力这种情况下,动量定理中的力F应理解为变 力在作用时间内的平均值 (2)动量定理的表达式Ftp是矢量式,运用它分析问题时要特别注意冲量、动量及动量变化量的方 向,公式中的F是物体或系统所受的合力 2用动量定理解题的基本思路 第 2 页 共 16 页 2 3动量定理的应用技巧 (1)应用Ip求变力的冲量 如果物体受到大小或方向改变的力的作用,则不能直接用IFt求冲量,可以求出该力作用下物体动量的 变化 p,等效代换得出变力的冲量I. (2)应用 pFt求动量的变化 例如,在曲线运动中,
3、速度方向时刻在变化,求动量变化(pp2p1)需要应用矢量运算方法,计算比较 复杂如果作用力是恒力,可以求恒力的冲量,等效代换得出动量的变化 【例 1】 (2019北京西城区模拟)(2019北京西城区模拟)1966 年, 在地球的上空完成了用动力学方法测质量的实验 实验时, 用 “双 子星号”宇宙飞船去接触正在轨道上运行的火箭组(后者的发动机已熄火),接触以后,开动“双子星号” 飞船的推进器,使飞船和火箭组共同加速推进器的平均推力F895 N,推进器开动时间 t7 s测出 飞船和火箭组的速度变化 v0.91 m/s.已知“双子星号”飞船的质量m13 400 kg.由以上实验数据可测 出火箭组的质
4、量m2为( ) A3 400 kg B3 485 kg C6 265 kg D6 885 kg 【答案】选 B. 【解析】根据动量定理得Ft(m1m2)v,代入数据解得m23 485 kg,B 选项正确 【变式 1】 在光滑水平面上,原来静止的物体在水平力F作用下,经过时间t后,动量为p,动能为Ek; 若该物体在此光滑水平面上由静止出发,仍在水平力F的作用下,则经过时间 2t后物体的( ) A动量为 4p B动量为p C动能为 4Ek D动能为 2Ek2 第 3 页 共 16 页 3 【答案】C 【解析】根据动量定理得,Ftp,F2tp1,解得p12p,故 A、B 错误;根据牛顿第二定律得Fm
5、a, 解得a ,因为水平力F不变,则加速度不变,根据xat2知,时间变为原来的 2 倍,则位移变为原来 F m 1 2 的 4 倍,根据动能定理得Ek14Ek,故 C 正确,D 错误 【变式 2】 (多选)质量为m的物体, 以v0的初速度沿斜面上滑,到达最高点后返回原处的速度大小为vt, 且vt0.5v0,则( ) A上滑过程中重力的冲量比下滑时小 B上滑时和下滑时支持力的冲量都等于零 C合力的冲量在整个过程中大小为mv0 D整个过程中物体的动量变化量为mv0 3 2 1 2 【答案】AC 【解析】以v0的初速度沿斜面上滑,返回原处时速度为vt0.5v0,说明斜面不光滑设斜面长为l,则上 滑过
6、程所需时间t1,下滑过程所需时间t2,t1t2,根据冲量的定义可知,上滑过程中重 l v0 2 2l v0 l vt 2 4l v0 力的冲量比下滑时小,A 正确上滑和下滑时支持力的冲量都不等于零,B 错误对全过程应用动量定理, 则I合pmvtmv0mv0,C 正确,D 错误 3 2 热点题型二 动量定理的综合应用热点题型二 动量定理的综合应用 1应用动量定理解释的两类物理现象1应用动量定理解释的两类物理现象 (1)当物体的动量变化量一定时,力的作用时间 t越短,力F就越大,力的作用时间 t越长,力F就越 小,如玻璃杯掉在水泥地上易碎,而掉在沙地上不易碎 (2)当作用力F一定时,力的作用时间
7、t越长,动量变化量 p越大,力的作用时间 t越短,动量变化 量 p越小 【例 2】有关实际中的现象,下列说法正确的是( ) 第 4 页 共 16 页 4 A火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度 B体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力 C用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响 D为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度,发动机舱越坚固越好 【答案】ABC 【解析】.火箭升空时,内能减小,转化为机械能,火箭向后喷出气流,火箭对气流有向后的力,由于力的 作用是相互的,气流对火箭有向前的力的作用,从而推动火箭前进,故选项 A 正确;体操运动员在落地的 过程中,动量变化一定,由动量定
8、理可知,运动员受到的冲量I一定,着地时屈腿是延长时间t,由IFt 可知,延长时间t可以减小运动员所受到的平均冲力F,故 B 正确;用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减 少反冲的影响,故选项 C 正确 ; 为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度,就要延长碰撞时间,由IFt可知, 车体前部的发动机舱不能太坚固,故选项 D 错误 【变式 1】如图所示,一铁块压着一纸条放在水平桌面上,当以足够大的速度v抽出纸条后,铁块掉在地上 的P点若以 2v速度抽出纸条,则铁块落地点为( ) A仍在P点 B在P点左边 C在P点右边不远处 D在P点右边原水平位移的两倍处 【答案】B. 【解析】纸条抽出的过程,铁块所受的滑动
9、摩擦力一定,以v的速度抽出纸条,铁块所受滑动摩擦力的作 用时间较长,即加速时间较长,由IFftmv得铁块获得速度较大,平抛运动的水平位移较大,以 2v的 速度抽出纸条的过程,铁块所受滑动摩擦力作用时间较短,即加速时间较短,铁块获得速度较小,平抛运 动的位移较小,故 B 选项正确 【变式 2】从同样高度落下的玻璃杯,掉在水泥地上容易打碎,而掉在草地上不容易打碎,下列说法正确的 第 5 页 共 16 页 5 是( ) A掉在水泥地上的玻璃杯动量小,而掉在草地上的玻璃杯动量大 B掉在水泥地上的玻璃杯动量改变小,掉在草地上的玻璃杯动量改变大 C掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大,掉在草地上的玻璃杯动量改变
10、小 D掉在水泥地上的玻璃杯动量改变量与掉在草地上的玻璃杯动量改变量相等 【答案】D. 【解析】玻璃杯从同样高度落下,到达地面时具有相同的速度,即具有相同的动量,与地面相互作用后都 静止所以两种地面的情况中玻璃杯动量的改变量相同,故 A、B、C 错误,D 正确 2.应用动量定理解决两类问题2.应用动量定理解决两类问题 (1)应用动量定理解决微粒类问题(1)应用动量定理解决微粒类问题 微粒及 其特点 通常电子流、光子流、尘埃等被广义地视为“微粒” ,质量具有独立性,通常给出单位体积内 粒子数n 1建立“柱体”模型,沿运动的方向选取一段微元,柱体的横截面积为S 2 微元研究,作用时间 t内一段柱形流
11、体的长度为 l,对应的体积为 VSv0t,则微元 内的粒子数Nnv0St 分 析 步 骤 3先应用动量定理研究单个粒子,建立方程,再乘以N计算 【例 3】航天器离子发动机原理如图所示,首先电子枪发射出的高速电子将中性推进剂离子化(即电离出正 离子),正离子被正、负极栅板间的电场加速后从喷口喷出,从而使航天器获得推进或调整姿态的反冲 力已知单个正离子的质量为m,电荷量为q,正、负栅板间加速电压为U,从喷口喷出的正离子所形成的 电流为I.忽略离子间的相互作用力,忽略离子喷射对航天器质量的影响该发动机产生的平均推力F的大 小为( ) 第 6 页 共 16 页 6 AI BI CI D2I 2mU q
12、 mU q mU 2q mU q 【答案】A 【解析】.以正离子为研究对象,由动能定理可得qUmv2,t时间内通过的总电荷量为QIt,喷出 1 2 的总质量 mmm.由动量定理可知Ftmv,联立以上各式求解可得FI,选项 A 正确 Q q It q 2mU q 【变式】正方体密闭容器中有大量运动粒子,每个粒子质量为m,单位体积内粒子数量n为恒量为简化问 题,我们假定:粒子大小可以忽略;其速率均为v,且与器壁各面碰撞的机会均等;与器壁碰撞前后瞬间, 粒子速度方向都与器壁垂直,且速率不变利用所学力学知识,导出器壁单位面积所受粒子压力f与m、n 和v的关系 (注意:解题过程中需要用到、但题目没有给出
13、的物理量,要在解题时做必要的说明) 【答案】 fnmv2 1 3 【解析】 一个粒子每与器壁碰撞一次给器壁的冲量 I2mv,如图所示,以器壁上面积为S的部分为底、 vt为高构成柱体,由题设可知,其内有 的粒子在 t时间内与器壁上面积为S的部分发生碰撞,碰壁粒 1 6 子总数NnSvt 1 6 第 7 页 共 16 页 7 t时间内粒子给器壁的冲量INInSmv2t 1 3 器壁上面积为S的部分受到粒子的压力F I t 则器壁单位面积所受粒子的压力f nmv2 F S 1 3 (2)应用动量定理解决流体类问题(2)应用动量定理解决流体类问题 流体及其 特点 通常液体流、气体流等被广义地视为“流体
14、” ,质量具有连续性,通常已知密度 1建立“柱状”模型,沿流速v的方向选取一段柱形流体,其横截面积为S 2微元研究, 作用时间 t内的一段柱形流体的长度为 l, 对应的质量为 mSvt 分 析 步 骤 3建立方程,应用动量定理研究这段柱状流体 两类流体运动模型 第一类是“吸收模型” ,即流体与被碰物质接触后速度为零,第二类是“反弹模型” ,即流体与被碰物质接 触后以原速率反弹 设时间t内流体与被碰物质相碰的“粒子”数为n,每个“粒子”的动量为p,被碰物质对“粒子”的作用 力为F, 以作用力的方向为正, 则 “吸收模型” 满足Ft0n(p), “反弹模型” 满足Ftnpn(p) “反 弹模型”的
15、动量变化量为“吸收模型”的动量变化量的 2 倍,解题时一定要明辨模型,避免错误 【例 4】(2019合肥一模)(2019合肥一模)质量为 0.2 kg 的小球竖直向下以 6 m/s 的速度落至水平地面上,再以 4 m/s 的速 度 反向弹回取竖直向上为正方向,在小球与地面接触的时间内,关于球动量变化量 p和合外力对小球做 的 功W,下列说法正确的是( ) Ap2 kgm/s W2 J Bp2 kgm/s W2 J 第 8 页 共 16 页 8 Cp0.4 kgm/s W2 J Dp0.4 kgm/s W2 J 【答案】A 【解析】取竖直向上为正方向,则小球与地面碰撞过程中动量的变化量 : pm
16、v2mv10.24 kgm/s 0.2(6) kgm/s2 kgm/s, 方向竖直向上 由动能定理, 合外力做的功 :Wmvmv 0.242J 1 2 2 2 1 2 2 1 1 2 1 2 0.262 J2 J,故 A 正确 【变式】(2019山东淄博一中质检)(2019山东淄博一中质检)如图所示是一种弹射装置,弹丸的质量为m,底座的质量M3m,开始 时均处于静止状态,当弹簧释放将弹丸以对地速度v向左发射出去后,底座反冲速度的大小为 v,则摩擦 1 4 力对底座的冲量为 ( ) A0 Bmv,方向向左 Cmv,方向向右 Dmv,方向向左 1 4 1 4 3 4 【答案】B. 【解析】设向左为
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