江苏专用2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练(008).pdf

选择题提速练 (四)选择题提速练 (四) 一、单项选择题(本题共 6 小题，每小题 4 分，共计 24 分，每小题只有一个选项符合题意) 1(2018·徐州市考前模拟)下列说法正确的有( ) A质量数越小的原子核，比结合能越大 B粒子被加速后，其物质波的波长将变长 C玻尔的能级和电子轨道不连续的观点，成功地解释了氢原子的光谱 D某放射性元素的 400 个原子核中有 200 个发生衰变的时间为它的一个半衰期 答案 C 2(2018·苏州市模拟)如图 1 所示，倾角37°的上表面光滑的斜面体放在水平地面 上一个可以看成质点的小球用细线拉住与斜面一起保持静止状态，细线与斜面间的夹角也 为 37°.若将拉力换为大小不变、方向水平向左的推力，斜面体仍然保持静止状态sin 37° 0.6，cos 37°0.8.则下列说法正确的是( ) 图 1 A小球将向上加速运动 B小球对斜面的压力变大 C地面受到的压力不变 D地面受到的摩擦力不变 答案 B 解析 开始时，对球受力分析，如图所示： 根据平衡条件，在平行斜面方向：Fcos 37°mgsin 37°， 垂直斜面方向：Fsin 37°FNmgcos 37°， 得：F0.75mg； 拉力改为水平推力后，由于所施力的大小不变，所施力与斜面的夹角不变，故沿着斜面方向 的分力不变，球依然保持静止，小球对斜面的压力变大，故 A 错误，B 正确；对球和斜面体 整体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，拉力改为水平推力后， 其水平分力变大，竖直分力减小，故静摩擦力变大，地面支持力变大；根据牛顿第三定律， 斜面体对地面的压力和摩擦力均变大，故 C、D 错误 3(2018·江苏百校 12 月大联考)如图 2 所示，AC为斜面的斜边，B为斜边上的一点，甲、 乙两小球在A点的正上方现先后以不同的水平速度抛出甲、乙小球，它们均落到了B 点已知甲球的质量是乙球的质量的两倍，不计空气阻力，下列说法中正确的是( ) 图 2 A甲球的加速度是乙球加速度的两倍 B两小球做平抛运动的时间相等 C甲球的初速度小于乙球的初速度 D整个过程中甲球的速度偏转角小于乙球的速度偏转角 答案 C 4 (2018·江苏五校联考)一物体静止在水平地面上， 在竖直向上的拉力F的作用下开始向上 运动，如图 3 甲所示，在物体运动过程中，空气阻力不计，其机械能E与位移x的关系图象 如图乙所示，其中曲线上点A处的切线的斜率最大则( ) 图 3 A在x1处物体所受拉力最大 B在x2处物体的速度最大 C在x1x3过程中，物体的动能一直减小 D在 0x2过程中，物体的加速度先增大后减小 答案 A 5 (2018·无锡市高三期末)真空中两个等量异种电荷(电荷量均为q)连线的中点处电场强度 为E，则两个电荷之间的库仑力大小是( ) A. B. C. DqE qE 8 qE 4 qE 2 答案 A 6如图 4 所示，一半径为R的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，从圆周上P点向纸面内 各方向发射质量、电荷量、速率均相同的带电粒子，这些粒子均从四分之一圆周磁场边界PQ 上射出，忽略粒子之间的相互作用则带电粒子在磁场中运动的轨道半径为( ) 图 4 A.R B.R C.R D.R 1 2 2 2 3 2 3 4 答案 B 解析 当轨道半径小于或等于磁场区半径时，粒子射出圆形磁场的点离入射点最远距离为轨 迹直径，由几何关系得：2rR，解得：rR，故选 B.2 2 2 二、多项选择题(本题共 4 小题，每小题 4 分，共计 16 分每小题有多个选项符合题意全 部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分) 7(2018·淮安、宿迁等期中)2017 年 4 月，我国第一艘货运飞船“天舟一号”顺利升空， 随后与 “天宫二号” 交会对接 假设 “天舟一号” 从B点发射经过椭圆轨道运动到 “天宫二号” 的圆轨道上完成交会，如图 5 所示已知“天宫二号”的轨道半径为r，“天舟一号”沿椭 圆轨道运动的周期为T，A、B两点分别为椭圆轨道的远地点和近地点，地球半径为R，引力 常量为G.则( ) 图 5 A“天宫二号”的运行速度小于 7.9 km/s B“天舟一号”的发射速度大于 11.2 km/s C根据题中信息可以求出地球的质量 D“天舟一号”在A点的速度大于“天宫二号”的运行速度 答案 AC 解析 7.9 km/s 是近地卫星的最大环绕速度，卫星越高，线速度越小，则“天宫二号”的运 行速度小于 7.9 km/s，选项 A 正确 ； 11.2 km/s 是第二宇宙速度，是卫星挣脱地球引力束缚的 最小速度， 则 “天舟一号” 的发射速度小于 11.2 km/s， 选项 B 错误 ； 根据开普勒第三定律 常数，已知“天宫二号”的轨道半径r、“天舟一号”的周期T以及半长轴 (rR)，可 r3 T2 1 2 求得“天宫二号”的周期T1，再根据Gmr可求解地球的质量，选项 C 正确；“天舟 Mm r2 42 T12 一号”在A点加速才能进入“天宫二号”所在的轨道，则“天舟一号”在A点的速度小于 “天宫二号”的运行速度，选项 D 错误 8(2018·如皋市模拟四)如图 6 所示，轻弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的条形磁铁， 磁铁穿过固定的水平闭合金属线圈将磁铁托起到弹簧压缩x后由静止放开，磁铁会上下运 动并逐渐停下来， 静止时弹簧伸长x.不计空气阻力， 重力加速度为g， 弹簧始终在弹性限度内， 则( ) 图 6 A弹簧处于原长时，磁铁的加速度可能大于g B磁铁中央通过线圈时，线圈中感应电流最大 C磁铁向下运动时，线圈受到的安培力方向向上 D线圈在整个过程中产生的焦耳热为 2mgx 答案 AD 解析 弹簧处于原长时， 没有弹力， 除受到重力外， 若磁铁向上运动， 则受到向下的安培阻力， 若向下运动，则受到向上的安培阻力，因此磁铁的加速度可能大于g，故 A 正确；磁铁中央 通过线圈时，线圈的磁通量变化率为零，则线圈中感应电流为零，最小，故 B 错误；当磁铁 向下运动时，根据楞次定律：来拒去留，则磁铁受到向上的安培力，那么线圈受到的安培力 方向向下，故 C 错误；根据能量守恒定律，从静止至停止，弹簧的弹性势能不变，那么减小 的重力势能转化为电能，从而产生焦耳热为Qmgh2mgx，故 D 正确 9(2018·常熟中学模拟)如图 7 所示，直流电源、滑动变阻器、平行板电容器与理想二极管 (正向电阻为 0，反向电阻为)连接，电源负极接地开始时电容器不带电，闭合开关 S，稳 定后，一带电油滴恰能静止在电容器中P点在开关 S 保持接通的状态下，下列说法正确的是 ( ) 图 7 A当滑动变阻器的滑片向上滑动时，带电油滴会向上运动 B当电容器的上极板向上移动时，带电油滴会向下运动 C当电容器的下极板向下移动时，P点的电势不变 D当电容器的下极板向左移动时，P点的电势会升高 答案 AD 解析 当滑动变阻器的滑片向上滑动时，变阻器有效阻值增大，R两端的电压增大，则电容 器板间电压增大，场强增大，油滴所受的电场力增大，所以带电油滴会向上运动，故 A 正 确当电容器的上极板向上移动时，由电容的决定式C知，电容减小，而电容器两端 rS 4kd 的电压不变，由C 知，Q减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不 Q U 能放电，则电容器的带电荷量不变，由E知电容器板间场强不变，油滴所受的电场力 4kQ rS 不变，所以带电油滴仍静止不动，故 B 错误当电容器的下极板向下移动时，电容器所带的 电荷量Q不变， 由E知电容器板间场强不变， 由UEd知，P与下极板间的电势差变大， 4kQ rS P点的电势升高，故 C 错误当电容器的下极板向左移动时，C，电容器的电容减小， rS 4kd 由C 知，Q减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电 Q U 容器的带电荷量不变，那么只能是极板间U增大，由E 知电容器板间场强变大，则P与下 U d 极板间的电势差变大，P点的电势升高，故 D 正确 10如图 8 所示，处在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场中的矩形线框MNPQ， 以恒定的角速度绕对角线NQ转动已知MN长为l1，NP长为l2，线框电阻为R.t0 时刻 线框平面与纸面重合，下列说法正确的是( ) 图 8 A矩形线框产生的感应电动势有效值为Bl1l2 2 2 B矩形线框转过 时的电流强度为零 C矩形线框转动一周，通过线框任意横截面电荷量为Bl 1l2 R D矩形线框转过 过程中产生的热量为B 2l12l22 2R 答案 ABD