2020版高考物理大三轮冲刺通用版专练：高考题型一 押题练1 Word版含解析.docx

押题练114.(2019天津摸底)下列说法正确的是()A.玻尔原子理论能够解释所有原子光谱现象B.射线的穿透本领比射线弱C.92238U衰变成 82206Pb要经过8次衰变和6次衰变D.在原子核中,比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固15.(2019河北衡水质检)如图甲所示,一质量为m的物块在t=0时刻,以初速度v0从足够长、倾角为的粗糙斜面底端向上滑行,物块速度随时间变化的图象如图乙所示。t0时刻物块到达最高点,3t0时刻物块又返回底端。下列说法正确的是()A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0·cos B.物块从t=0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为32mv0C.斜面倾角的正弦值为5v08gt0D.不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功16.(2019江西临川一中调研)某人造地球卫星绕地球的运动轨迹为椭圆,地球位于椭圆的一个焦点上,已知卫星在近地点的速率为v1、加速度大小为a1、到地心距离为r1,卫星在远地点的速率为v2、加速度大小为a2、到地心距离为r2;则()A.a1<a2B.a1r1>v12C.a2r2>v22D.a1r1=v1217.(2019河北衡水中学模拟)如图甲所示,在匀强电场中,虚线为电场线,与Ox轴成=37°角,Ox轴上有a、b、c三点,Oa=bc=12ab=2 cm,Ox轴上各点的电势的变化规律如图乙所示。取sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。下列说法正确的是()A.电场线方向斜向上B.电场强度大小为800 V/mC.c点的电势为16 VD.电子在a点的电势能为-32 eV18.如图所示,abcd为一闭合矩形金属线圈,已知ab长为L1,bc长为L2,内阻为R。图中虚线O1O2为磁场右边界,它与线圈的ab边平行,等分bc边,即线圈有一半位于匀强磁场之中,而另一半位于磁场之外。磁场方向垂直于线圈平面向里。甲情况是让线圈以ab边为轴以角速度匀速转动;乙情况是让线圈以O1O2为轴以角速度匀速转动。下列判断正确的是()A.甲、乙两情况所产生的交变电流的最大值相等B.甲情况所产生的交变电流的最大值是乙情况所产生的交变电流最大值的两倍C.甲、乙两情况所产生的交变电流的有效值相等D.甲情况所产生的交变电流的有效值是乙情况所产生的交变电流有效值的两倍19.(多选)(2019山西名校联考)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1n2=21,输入端接在u=302sin 100t(V)的交流电源上,R1为电阻箱,副线圈连在电路中的电阻R=10 ,电表均为理想电表。下列说法正确的是()A.当R1=0时,电压表的读数为30 VB.当R1=0时,若将电流表换成规格为“5 V5 W”的灯泡,灯泡能够正常发光C.当R1=10 时,电流表的读数为1.2 AD.当R1=10 时,电压表的读数为6 V20.(多选)如图为一圆形区域,O为圆心,半径为R,P为边界上的一点。区域内有垂直于纸面的匀强磁场(图中未画出),磁感应强度大小为B,电荷量均为q、质量均为m的相同带电粒子a、b(不计重力)从P点先后以大小相同的速度射入磁场,粒子a正对圆心射入,粒子b射入磁场时的速度方向与粒子a射入时的速度方向成角,已知它们在磁场中运动的时间之比为12,离开磁场的位置相同,下列说法正确的是()A.=60°B.=30°C.粒子的速度大小为3qBRmD.粒子的速度大小为3qBR3m21.(多选)(2019山东淄博统考)如图所示,一固定光滑斜面与水平面间的夹角为,轻质弹簧的一端固定在斜面底端的挡板上,另一端与斜面上质量为m的物块连接。开始时用手拉住物块使弹簧伸长x1,放手后物块由静止开始下滑,到达最低点时弹簧压缩了x2,重力加速度为g。则在物块下滑到最低点的过程中()A.物块的加速度先减小后增大B.物块重力做功的功率先减小后增大C.弹簧的弹性势能变化了mg(x1+x2)sin D.物块重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变押题练114.D解析 玻尔原子理论只能解释氢原子光谱,不能够解释所有原子光谱现象,选项A错误;射线的穿透本领比射线强,选项B错误;92238U衰变成 82206Pb,衰变一次质量数减少4个,次数n=238-2064=8,衰变的次数为n=8×2+82-92=6,要经过8次衰变和6次衰变,故C错误;在原子核中,比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固,选项D正确。15.C解析 物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量IG=3mgt0,A错误;上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动,下滑过程中做初速度为零,末速度为v的匀加速直线运动,上滑和下滑的位移大小相等,所以有v02t0=v2·2t0,解得v=v02,物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为p=-mv-mv0=-32mv0,B错误;上滑过程中有-(mgsin +mgcos )·t0=0-mv0,下滑过程中有(mgsin -mgcos )2t0=mv02,解得sin =5v08gt0,C正确;根据图象可求出物块上升的最大位移,由动能定理可求出整个过程中摩擦力所做的功,故D错误。16.C解析 根据a=GMr2,因r1<r2可知a1>a2,选项A错误;若在近地点处以r1为半径做圆周运动,则a1=v2r1,有a1r1=v2;而卫星做椭圆运动,在近地点的速度v1>v,所以a1r1<v12,同理可得a2r2>v22,故B、D错误,C正确。17.D解析 由题图乙知,沿Ox方向电势降低,结合“沿电场线方向电势逐渐降低”知,电场线方向斜向下,A错误;Ob=6 cm,O、b两点间的电势差U=48 V,由U=E·Obcos 得E=1×103 V/m,B错误;b点的电势为零,c点的电势为负值,C错误;a点的电势a=23×48 V=32 V,电子在a点的电势能为-ea=-32 eV,D正确。18.B解析 交变电流最大值出现在线圈平面与磁场方向平行时,甲情况所产生交变电流的最大值E1m=BL1L2,乙情况所产生的交变电流的最大值E2m=12BL1L2,所以B正确,A错误;甲情况所产生交变电流的波形不是完整的正弦波,每个周期有T3时间回路中没有感应电流,所以其有效值E1<E1m2,而乙情况所产生交变电流的波形是完整的正弦图象,所以其有效值E2=E2m2,所以CD错误。19.BC解析 输入端电压的有效值为30 V,当R1=0时,电压表的读数为U2=n2n1U1=12×30 V=15 V,选项A错误;当R1=0时,若将电流表换成规格为“5 V,5 W”的灯泡,灯泡电阻为RL=U2P=5 ,此时次级电流I2=U2RL+R=1 A,因灯泡的额定电流为IL=PU=1 A,则此时灯泡能够正常发光,选项B正确;当R1=10 时,设电流表的示数为I,则此时初级电流为0.5I,初级电压为30-0.5I×10(V)=30-5I(V),则次级电压为12(30-5I)(V),则12(30-5I)=I×10,解得I=1.2 A,此时电压表读数为12 V,选项C正确,D错误。20.AD解析 由于粒子a、b运动的轨迹半径相等,且出射点相同,作出带电粒子a、b在磁场中运动的轨迹,如图所示,可知四边形PO2QO1为菱形,两粒子在磁场中运动的时间之比为12,则它们的运动轨迹所对的圆心角之比为12,半径相同的圆弧所对的弦相等意味着两粒子运动时间之和为一个周期,根据几何关系可知,粒子a运动轨迹对应的圆心角为120°,粒子b运动轨迹对应的圆心角为240°,可得圆心角之差为120°,所以=60°,A正确,B错误;在直角三角形OO1Q中,OO1Q=60°,O1Q=r=33R,由r=mvqB可得,粒子的速度为3qBR3m,C错误,D正确。21.AC解析 物块在下滑过程中,开始时由重力沿斜面的分力与弹簧拉力提供合外力,随着物块向下运动,弹簧弹力逐渐减小,加速度逐渐减小。当弹簧的弹力变为方向沿斜面向上且与重力沿斜面的分力大小相同时,物块速度最大,加速度为零,然后弹力增大,加速度也增大,所以物块的加速度先减小后增大,速度先增大后减小。由功率公式可得重力做功的功率P=mgvsin ,物块重力做功的功率先增大后减小,选项A正确,B错误;物块由静止下滑,物块与弹簧组成的系统机械能守恒,初、末状态物块动能均为零,重力势能减小mg(x1+x2)sin ,根据机械能守恒定律,弹簧的弹性势能变化了mg(x1+x2)sin ,选项C正确;在物块下滑到最低点的过程中,物块的重力势能和动能、弹簧弹性势能之和保持不变,由于物块的动能先增大后减小,所以物块重力势能与弹簧弹性势能之和先减小后增大,选项D错误。